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山东省济宁市2022届高三理综第二次模拟考试试题(济宁二模,物理部分,含解析)
山东省济宁市2022届高三理综第二次模拟考试试题(济宁二模,物理部分,含解析)
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2022年高考模拟考试理科综合测试物理部分二、选择题(本题包括7小题,每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.下列说法正确的是A.牛顿将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动B.卡文迪许利用扭秤装置测出了引力常量的数值C.奥斯特发现了电流的磁效应后,安培探究了用磁场获取电流的方法,并取得了成功D.法拉第不仅提出场的概念,而且引入电场线和磁感线形象的描述电场和磁场【答案】BD【解析】伽利略将斜面实验的结论合理外推,间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动,A错误;奥斯特发现了电流的磁效应后,法拉第探究了用磁场获取电流的方法,并取得了成功,B错误;选项BD说法正确。15.如图所示,固定在水平地面上的物体P,左侧是光滑圆弧面,一根轻绳跨过物体P顶点上的小滑轮,一端系有质量为m=4kg的小球,小球与圆心连线跟水平方向的夹角θ=60°,绳的另一端水平连接物块3,三个物块重均为50N,作用在物块2的水平力F=20N,整个系统平衡,g=10m/s2,则以下正确的是A.1和2之间的摩擦力是20NB.2和3之间的摩擦力是20NC.3与桌面间摩擦力为20ND.物块3受6个力作用【答案】B【解析】对小球分析可知,绳上的拉力等于小球重力沿圆弧面切线方向的分力,由几何关系可知绳上的拉力等于20N。将三个物块看成一个整体分析,可知水平方向整体受拉力F和绳的拉力的作用,由于F等于绳上的拉力,故整体受力平衡,与桌面间没有摩擦力,故3与桌面间摩擦力为0N,C错误。由于物块1、2之间没有相对运动的趋势,故1和2之间没有摩擦力的作用,A错误。隔离3物块分析,水平方向受力平衡可知2和3之间摩擦力的大小是20N,B正确。物块3受重力、桌面的支持力、物块2的压力、物块2的摩擦力、绳的拉力5个力作用,D错误。16.我国将于2022年发射“神舟十号”载人飞船与“天宫一号”目标飞行器对接。如图所示,开始对接前,“天宫一号”在高轨道,“神舟十号”飞船在低轨道各自绕地球做匀速圆周运动,距离地面的高度分别为h1和h2(设地球半径为),“天宫一号”运行周期约90分钟。则以下说法正确的是A.“天宫一号”跟“神舟十号”的线速度大小之比为B.“天宫一号”跟“神舟十号”的向心加速度大小之比-10-\nC.“天宫一号”的角速度比地球同步卫星的角速度大D.“天宫一号”的线速度大于7.9km/s【答案】BC【解析】根据万有引力提供向心力可得,解得,,已知,所以“天宫一号”跟“神舟十号”的线速度大小之比为,“天宫一号”跟“神舟十号”的向心加速度大小之比,选项A错误B正确。由于角速度,天宫一号的周期小于同步卫星的周期,故“天宫一号”的角速度比地球同步卫星的角速度大,C周期;7.9km/s是贴近地球表面运行卫星的速度,轨道半径越大,线速度越小,故天宫一号的线速度小于7.9km/s,D错误。17.质量为50kg的人站在电梯间内随电梯竖直方向运动,其v-t图象如图所示,(取向上为正方向)下列判断正确的是A.在t=1s时,人的加速度为零B.0~3s时间内,人处于超重状态C.4s~6s时间内,人的平均速度为2m/sD.3s~7s时间内,人所受合力做功的平均功率为100W【答案】BD【解析】由图像可知,0-1s,人向下做匀减速运动,1s时刻速度减为0;1-3s向上做匀加速运动;3-5s向上做匀速运动;5-6s向上做匀减速运动,6s时刻速度减为0;6-7s向下运动,速度先减小后增大。综上分析,可知在t=1s时,人的速度为0,但加速度不为零,A错误;0~3s时间内,人有向上的加速度,处于超重状态,B正确;由速度时间图线围成的面积等于位移的大小可知4s~6s时间内,人的位移大小为6m,故平均速度为3m/s,C错误;由动能定理可知3s~7s时间内,人所受合力做的功等于动能的变化量,即等于400J,故合力做功的平均功率为100W,D正确。本题选BD。18.如图所示。等量异种点电荷+Q和-Q固定,在它们的连线和其中垂线上有c、b、a三点,如图所示,现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点,再从b点沿直线移到c点,则在此全过程中A.场强方向一直不变B.电势一直减小C.所受电场力一直增大D.电势能先增大后减小【答案】AC【解析】-10-\n在等量的异种电荷的中垂线上,电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷,故场强方向一直不变,A正确;电荷从a运动到b,因电场力与位移方向垂直,电场力不做功,电势能不变,负电荷从b运动到c,因为电场力做正功,所以电荷电势能减小,故D错误;由a至b电势不变,由b至c电势升高,B错误;因为电场线分布的疏密表示场强的大小,故所受电场力一直在增大,C正确。故选AC.19.如图甲所示为一个小型电风扇的电路简图,其中理想变压器的原副线圈匝数之比n1∶n2=10∶1,接线柱a、b接上一个正弦交变电源,电压随时间变化规律如图乙所示,输出端接有额定电压均为12V的灯泡和风扇电动机,电动机线圈电阻r=2Ω。接通电源后,灯泡正常发光,风扇工作正常,则A.电阻R两端的电压是10VB.通过风扇电动机的电流是6AC.通过灯泡的交流电频率是100HZD.风扇突然卡住的瞬间,灯泡变暗【答案】AD【解析】据图乙可知原线圈电压的有效值为220V,周期为0.02s,故其频率为50Hz。由于理想变压器原副线圈的电压跟匝数成正比,故副线圈两端的电压为22V,又额定电压为12V的灯泡正常发光,故电阻R两端的电压是10V,A正确。风扇不是纯电阻用电器,故风扇电动机线圈两端的电压小于12V,通过风扇电动机的电流小于6A,B错误。变压器不改变交流电的频率,故通过灯泡的交流电频率是50HZ,C错误。风扇突然卡住的瞬间,风扇电动机线圈两端的电压增大,通过风扇的电流增大,则副线圈干路电流增大,R两端的电压增大,由于原副线圈匝数不变,故副线圈两端的电压不变,加在灯泡两端的电压减小,灯泡变暗,D正确。20.如图所示,在一个光滑倾斜绝缘板的上方,有垂直板面的等间距的a、b、c三条边界线隔成了I、Ⅱ两区,分别加有垂直纸面方向相反的匀强磁场,磁感应强度大小均为B。另有一半径为R导体圆环从a边界上方某处开始自由向下滑动,一直加速穿过该磁场区域,已知环的直径等于每一磁场区的宽度,圆环电阻为r,圆环运动到直径刚好与边界线b重合时的速度为v,下列分析正确的是A.圆环穿过磁场区域的过程中,环中感应电流方向先顺时针又逆时针再顺时针B.圆环直径刚好与边界线b重合时圆环中的电功率为C.圆环通过边界b的过程中流过圆环截面的电量为D.整个运动过程中,圆环重力势能的减少量等于产生的热量【答案】AC【解析】由楞次定律可知圆环穿过磁场区域的过程中,环中感应电流方向先顺时针又逆时针再顺时针,故A正确。当直径与边界线b-10-\n重合时,圆环左右两半环均产生感应电动势,故线圈中的感应电动势E=2B×2R×v=4BRv;圆环中的电功率P==,故B错误。电路中的平均电动势,则电路中通过的电量Q=I△t=,故C正确;整个运动过程中,圆环重力势能的减少量等于产生的热量和动能的增加,故D错误;故选AC.21.(13分)(1)(6分)如图所示,是小王同学做“探究做功与速度变化的关系”的实验装置。AB是下端安装有光电门的斜面,斜面AB上钉了一刻度尺,刻度起点0正好在光电门处,当光电门中有物体通过时,与之连接的数字计时器(图中未画出)能够显示挡光条的挡光时间。实验中,将AB放在水平桌面上,A端用物块垫高,将滑块在斜面上由静止释放,由数字计时器记录挡光时间。①用游标卡尺测量挡光条宽度如图,其读数为___________cm;②将挡光条粘在滑块上,让滑块从斜面某处由静止滑下,滑块通过光电门时,数字计时器显示挡光时间为2.0×10-3s,则小滑块的速度为___________m/s。③要研究“功与速度变化的关系”只要研究每次从静止下滑时的长度与到达光电门的速度的关系即可,这是因为_________________________________________________。④重复上面的②,并记下滑块每次下滑时对应的刻度尺上的刻度值L(即滑块与光电门的距离),根据每次的速度v及L作出了v与L关系的图像下列正确的是________。(2)(7分)在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,小灯泡的规格为“3.8V,0.3A”。除了开关、导线外,还有如下器材:电压表V,量程0~5V,内阻约5kΩ电流表A1,量程0~500mA,内阻约0.5Ω电流表A2,量程0~100mA,内阻约4Ω滑动变阻器R1,最大阻值10Ω,额定电流2.0A-10-\n滑动变阻器R2,最大阻值100Ω,额定电流1.0A直流电源E,电动势约为6V,内阻约为0.5Ω①上述器材中,电流表应选______,滑动变阻器应选______。(填器材符号)②某同学已连接如图甲所示的电路,在闭合开关前,检查发现有一处不当之处,请指出并说明如何改正。____________________________________________________________。③不当之处改正后,在电路中所有元器件都完好,且电压表和电流表已调零。闭合开关后;发现反复调节滑动变阻器,小灯泡亮度发生变化,但电压表、电流表的示数不能调为零,则断路的导线为____________(用图中给出的导线符号表示)。④通过实验得出了小灯泡的I-U图线如图,可知在小灯泡上的电压为2.0V时,小灯泡的电阻是________Ω。⑤如果把该小灯泡直接接在电动势是2V,内阻是8Ω的电源上组成闭合回路,则通过小灯泡的电流为___________A。【答案】(1)①0.460(2分)②2.3(1分)③W=FL,物块受到的合力F不变(物块受到的合力F不变、受的各力不变或加速度不变均对)(2分)④C(1分)(2)①A1R1(每空1分)②滑动变阻器的滑片不应在B处,应在A处(1分)③c(1分)④8(1分)⑤0.15~0.17A(2分)【解析】(1)①游标卡尺的主尺读数为:4mm,游标读数为:0.05×12mm=0.60mm,所以最终读数为:4mm+0.60mm=4.60mm=0.460cm.②小车经过光电门时的速度等于遮光条的宽度除以时间。③④,该实验中保持斜面的倾角不变,故F不变。(2)①由于灯泡的额定电流为0.3A,故电流表选A1,滑动变阻器应采用分压式接法,选小量程的便于调节。②滑动变阻器采用分压式接法,开始时其滑片应在A处,以使灯泡两端的电压为0.③说明滑动变阻器接成了限流式,故c断路。④据图乙可知电压为2.0V时,电流为0.25A,故电阻为8Ω。⑤在图乙中做出电源的E-r图线,与灯泡伏安特性曲线的交点对应的电流值即为所求。22.(15分)如图,AB是倾角为53°的斜面,上端与一段光滑的圆弧BC相切与B点,C是圆弧的最高点,圆弧的半径R=0.9m,A、C与圆弧的圆心O在同一竖直线上,一质量为1kg的物体在与斜面平行的力F的作用下,从A-10-\n点沿斜面向上运动,物体到达B点时撤去该力,物体将沿圆弧运动恰好通过C点,物体与斜面间的动摩擦因数是0.25,物体看成质点,已知sin53°=0.8,cos53°=0.6,g=10m/s2。求:(1)物体通过C点时的速度。(2)物体落在水平地面上的位置到A点的距离。(3)拉力F的大小。【答案】见解析【解析】(1)在C点由牛顿第二定律得:mg=m…………………………(2分)vC=3m/s…………………………(1分)(2)物体做平抛运动,下落的高度H由几何知识得53°DxL53°FRCOBAH=R+=2.4m………………(1分)H=gt2………………(2分)x=vct………………(2分)解得:x=m≈2.1m………………(1分)(3)斜面的长由几何知识得:L=Rtan530=1.2m………………(1分)A到C由动能定理得:FL-mgH-μmgLcos53°=mvc2………………(4分)F=25.25N……………………(1分)23.(18分)如甲图所示,在Ⅰ、Ⅱ两处区域有磁感强度均为B的匀强磁场,磁场方向相反且垂直纸面,两磁场边界平行,与水平方向夹角45°,两磁场间紧靠边界放置长为L,间距为d的平行金属板M、N,磁场边界上的O点与N板在同一水平面上,O1O2为平行板的中线。在两板间存在如图乙所示的交变电场(取竖直向下为正方向)。某时刻从O点竖直向上同时发射两个相同的粒子a和b,质量为m,电量为+q,初速度不同。粒子a在图乙中的t=时刻,从O1点水平进入板间电场运动,由电场中的O2点射出。粒子b恰好从M板左端进入电场。不计粒子重力和粒子间相互作用,求-10-\n(1)粒子a、b从Ⅰ磁场边界射出时的速度va、vb;(2)粒子a从O点进入Ⅰ磁场到射出Ⅱ磁场运动的总时间;(3)如果交变电场的周期,要使粒子b能够穿出板间电场,则电场强度大小E0满足的条件。【答案】见解析OaO45°O1O2MNⅠObab【解析】(1)如图所示,粒子a、b在磁场中均转过90°,平行于金属板进入电场。由几何关系可得(1分)由牛顿第二定律可得(1分)(1分)解得(1分)(1分)(2)粒子a在磁场中运动轨迹如图O45°45°O1O2MNⅡⅠ在磁场中运动周期为(1分)在磁场中运动时间(1分)粒子在两磁场边界之间运动时,水平方向做匀速直线运动,所用时间为(2分)则全程所用时间为(1分)-10-\n(3)粒子在磁场中运动的时间相同,a、b同时离开Ⅰ磁场,a比b进入电场落后时间故粒子b在t=0时刻进入电场。(2分)由于粒子a在电场中从O2射出,在电场中竖直方向位移为0,故a在板间运动的时间ta是周期的整数倍,由于vb=2va,b在电场中运动的时间是tb=ta,可见b在电场中运动的时间是半个周期的整数倍即=n(1分)n=(1分)粒子b在内竖直方向的位移为(1分)粒子在电场中的加速度(1分)由题知粒子b不能穿出板间电场应满足(1分)解得(1分)36.【物理——选修3-3】(1)下列说法正确的是________。A.分子间距离减小时,分子力可能减小B.具有各向同性的物体一定是非晶体C.布朗运动就是分子的热运动D.实际气体的分子之间的平均距离足够大(大于10-9m)时都可以看做是理想气体(2)如图所示,一圆柱形绝热气缸竖直放置,通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。活塞的质量为m,横截面积为S,与容器底部相距h,此时封闭气体的温度为T1。现通过电热丝缓慢加热气体,当气体吸收热量Q时,气体温度上升到T2。已知大气压强为p0,重力加速度为g,不计活塞与气缸的摩擦,求:①活塞上升的高度;②加热过程中气体的内能增加量。【答案】见解析-10-\n【解析】(1)AD(3分)多晶体的物理性质也是各向同性,B错误。布朗运动是指悬浮在液体中的小颗粒的运动,不是分子的运动,C错误。(2)①气体发生等压变化,有(1分)解得(1分)②加热过程中气体对外做功为(1分)由热力学第一定律知内能的增加量为(2分)37.【物理—选修3-4】(1)一列简谐横波在t=0时刻波形图如图所示。介质中x=2m处的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=10sin5πtcm。关于这列简谐波,下列说法正确的是________。A.振幅为20cmB.传播方向沿x轴负向C.P点第一次回到平衡位置的时刻为0.2sD.传播速度为l0m/s(2)如图,一束单色光射入一玻璃球体,入射角为60°。己知光线在玻璃球内经一次反射后,再次折射回到空气中时与入射光线平行。求此玻璃的折射率。【答案】见解析【解析】(1)CD(3分)由已知条件可知该横波的振幅为10cm,波长为4m,角速度为5πrad/s,故周期为0.4s,波速为10m/s。P点的起振方向沿y轴正方向,故波沿x轴正方向传播。P点第一次回到平衡位置的时间为半个周期(0.2s),故选项AB错误CD正确。(2)如图,为光线在玻璃球内的光路图.A、C为折射点,B为反射点,作OD平行于入射光线,故………………………………(2分)所以………………………………(2分)玻璃的折射率……………………(1分)38.【物理-选修3-5】(1)下列说法中正确的是________。-10-\nA.天然放射现象的发现揭示了原子的核式结构B.一群处于n=3能级激发态的氢原子,自发跃迁时能发出3种不同频率的光C.放射性元素发生一次衰变,原子序数增加1D.的半衰期约为7亿年,随着地球环境的不断变化,半衰期可能变短(2)某火车站由于工作需要正在进行列车编组,若甲车厢以速度v0沿平直轨道匀速驶向原来静止的乙车厢,并在撞击过程中挂接在一起。而后甲、乙车厢又与原来静止的丙车厢通过相同的方法挂接在一起,已知每节车厢的质量均为m,不计车厢与轨道间的摩擦。求三节车厢挂接在一起后的速度。【答案】见解析【解析】(1)BC(3分)天然放射现象的发现揭示了原子核也有复杂的内部结构,A错误;半衰期由原子核内部的因素决定,跟外界环境的变化无关,D错误。选项BC正确。(2)由动量守恒定律得:………………………………(3分)………………………………(2分)-10-
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高考 - 模拟考试
发布时间:2022-08-25 12:18:38
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