河南省南阳市新野三中2022学年高二化学下学期第二次周考试卷含解析

2022-2022学年河南省南阳市新野三中高二（下）第二次周考化学试卷一、选择题（每小题只有一个正确选项请把正确选项填涂在答题卡上，每小题3分，共54分）1．下列叙述中，正确的是()①能发生酯化反应的酸一定是羧酸②油脂水解后得到的醇是丙三醇③天然蛋白质水解的最后产物是多种α﹣氨基酸④淀粉、纤维素、油脂都是高分子化合物⑤蛋白质溶液中加入K2SO4溶液后，蛋白质从溶液中析出，这种变化叫变性．A．③B．③④C．②③D．①⑤2．某有机物的结构式如图，在一定条件下可能发生的反应有()①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消去．A．②③④B．①③⑤⑥C．①③④⑤D．②③④⑤⑥3．将有机物的混合物在一定条件下反应：①甲醇与乙醇的混合物与浓硫酸加热得醚；②乙二醇与乙酸酯化得酯；③氨基乙酸和丙氨酸生成二肽；④苯酚和浓溴水反应．所生成的有机物的种类由多到少的顺序是()A．①②③④B．④③②①-34-C．③②④①D．③①②④4．经测定，由C3H7OH和C6H12组成的混合物中氢的质量分数为14%，则此混合物中碳的质量分数为()A．78%B．22%C．14%D．13%5．不能用水浴加热的实验是()A．苯的硝化反应B．银镜反应C．制酚醛树脂D．由乙醇制乙烯6．有机物M的结构简式如图所示．下列说法中正确的是()A．分子式为C17H18O3B．M中所有碳原子均可能在同一平面C．M可以发生加成、取代、消去等反应D．1molM常温下最多可以与3molNaOH反应7．天然维生素P（结构如图，其中烃基R为饱和烃基）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂．关于维生素P的叙述错误的是()-34-A．可以使酸性KMnO4溶液褪色B．分子中有三个苯环C．1mol维生素P可以和4molNaOH反应D．维生素P与溴水反应时1mol维生素P可以消耗6molBr28．有机物A的结构简式如图所示，某同学对其可能具有的化学性质进行了如下预测，其中正确的是()①可以使酸性高锰酸钾溶液褪色②可以和NaOH溶液反应③在一定条件下可以和乙酸发生反应④在一定条件下可以发生消去反应⑤在一定条件下可以和新制Cu（OH）2悬浊液反应．A．①②③B．①②③④C．①②③⑤D．①②④⑤9．“人文奥运”的一个重要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂．某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是()A．遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B．滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键C．1mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4mol、7molD．该分子中的所有原子可能共平面-34-10．下列说法中，正确的是()A．能发生银镜反应的化合物一定是醛B．甲醛、乙酸、甲酸甲酯具有相同的最简式C．C2H5OH和具有相同的官能团，具有相同的化学性质D．分子内有苯环和羟基的化合物一定是酚类11．毒品一直影响社会安定．吗啡与海洛因都是被严格查禁的毒品，已知吗啡的分子式是C17H19NO3，海洛因是吗啡的二乙酸酯，则海洛因的分子式是()A．C21H23NO3B．C21H22NO5C．C21H23NO5D．C21H27NO712．A、B、C、D都是含碳、氢、氧的单官能团化合物，A水解得B和C，B氧化可以得到C或D，D氧化也得到C．若M（X）表示X的摩尔质量，则下式中正确的显()A．M（A）=M（B）+M（C）B．2M（D）=M（B）+M（C）C．M（B）＜M（D）＜M（C）D．M（D）＜M（B）＜M（C）13．有下述有机反应类型：①消去反应，②水解反应，③加聚反应，④加成反应，⑤还原反应，⑥氧化反应．已知CH2Cl﹣CH2Cl+2NaOHCH2OH﹣CH2OH+2NaCl，以丙醛为原料制取1，2丙二醇，所需进行的反应类型依次是()A．⑥④②①B．⑤①④②C．①③②⑤D．⑤②④①-34-14．下列各组物质中只用水就能鉴别的是()A．苯、乙酸、四氯化碳B．乙醇、乙醛、乙酸C．乙醛、乙二醇、硝基苯D．苯酚、乙醇、甘油15．某有机物X（C4H6O5）广泛存在于许多水果内，该化合物具有如下性质：①1molX与足量金属钠反应产生1.5mol气体；②在有浓H2SO4和加热条件下，X与醇或羧酸均反应生成有香味的产物；③X在一定条件下的分子内脱水产物（不是环状化合物）可和溴水发生加成反应．根据上述信息，对X的结构判断正确的是()A．X中含有碳碳双键B．X中含有一个羧基和两个羟基C．X中含有两个羧基和一个羟基D．X中含有三个羟基和一个﹣COOR16．165℃、1×105Pa下，两气态有机物以任意比例混合，1L该混合物与9LO2混合，充分燃烧后所得气体体积仍为10L，下列各组混合烃中符合此条件的是()A．CH4、C2H6B．CH4、C3H6C．CH3OH、C3H4D．CH4、C3H417．由C、H、O三种元素组成的化合物8.8g，完全燃烧后得到CO222.0g，H2O10.8g，该化合物的实验式是()A．C5H6OB．C5H12OC．C5H12O2D．C5H10O-34-18．11.2L甲烷、乙烷、HCHO（g）组成的混合气体，完全燃烧后生成15.68LCO2（气体体积均在标准状况下测定），混合气体中甲烷的体积分数可能为()A．20%B．60%C．70%D．80%二、填空题（共46分）19．有机物A1和A2分别和浓硫酸在一定温度下共热只生成烃B，B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，在催化剂存在下，1molB可以和4molH2发生加成反应，B的一元硝化产物有三种（同种类型）．有关物质之间的转化关系（其中F的分子式为C9H10O3）如下：请回答下列问题：（1）反应①～⑥中属于取代反应的是：__________．（2）写出A2和F两物质的结构简式：A2__________；F__________．（3）写出③、④两步反应的化学方程式：__________．（4）化合物E有多种同分异构体，其中属于酯类且具有两个对位侧链的同分异构体的结构简式：__________．20．巨豆三烯酮（F）是一种重要的香料，其合成路线如下：-34-（1）化合物F的分子式为__________，1mol该物质完全燃烧需消耗__________molO2．（2）在上述转化过程中，反应②的目的是__________，写出反应②的化学方程式为__________．（3）下列说法正确的是__________（双选，填字母）．A．化合物A～F均属于芳香烃衍生物B．反应①属于还原反应C．1mol化合物D可以跟4molH2发生反应D．化合物F含有的官能团名称为碳碳双键、羰基（4）符合下列条件的D的同分异构体有两种，其中一种同分异构体的结构简式为请写出另外一种同分异构体的结构简式__________．A．属于芳香族化合物；B．核磁共振氢谱显示，分子中有4种化学环境不同的氢原子；C．1mol该物质最多可消耗2molNaOH；D．能发生银镜反应．21．镇痉药物C，化合物N以及高分子树脂（）的合成路线如下：-34-已知：，F分子式为C7H8O，（1）A的含氧官能团的名称是__________．（2）A在催化剂作用可与H2反应生成B，该反应的反应类型是__________．（3）酯类化合物C的分子式是C15H14O3，其结构简式是__________．（4）A发生银镜反应的化学方程式是__________．（5）扁桃酸（）有多种同分异构体，其中满足下述条件的同分异构体有__________种：①能水解②能发生银镜反应③遇FeCl3溶液显紫色．写出其中一个含亚甲基（﹣CH2﹣）的同分异构体的结构简式__________．（6）N在NaOH溶液中发生水解反应的化学方程式是__________．22．透明聚酯玻璃钢可用于制造导弹的雷达罩和宇航员使用的氧气瓶．制备它的一种配方中含有下列三种物质：填写下列空白：（1）甲中不含氧原子的官能团是__________；下列试剂能与甲反应而褪色的是__________（填标号）a．Br2/CCl4溶液b．石蕊溶液c．酸性KMnO4溶液（2）甲的同分异构体有多种，写出其中一种不含甲基的羧酸的结构简式：__________（3）淀粉通过下列转化可以得到乙（其中A﹣D均为有机物）：淀粉ABCD乙A的分子式是__________，试剂X可以是__________．（4）已知：-34-利用上述信息，以苯、乙烯、氯化氢为原料经三步反应合成丙，其中属于取代反应的化学方程式是__________．2022-2022学年河南省南阳市新野三中高二（下）第二次周考化学试卷一、选择题（每小题只有一个正确选项请把正确选项填涂在答题卡上，每小题3分，共54分）1．下列叙述中，正确的是()①能发生酯化反应的酸一定是羧酸②油脂水解后得到的醇是丙三醇③天然蛋白质水解的最后产物是多种α﹣氨基酸④淀粉、纤维素、油脂都是高分子化合物⑤蛋白质溶液中加入K2SO4溶液后，蛋白质从溶液中析出，这种变化叫变性．A．③B．③④C．②③D．①⑤考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；聚合反应与酯化反应；油脂的性质、组成与结构；有机高分子化合物的结构和性质．专题：压轴题；有机物的化学性质及推断．分析：①无机酸也可以跟醇酯化；②油脂是高级脂肪酸甘油酯；③天然蛋白质水解的最终产物是α﹣氨基酸；④从高分子化合物的定义角度分析；-34-⑤盐析一般是指溶液中加入无机盐类而使某种物质溶解度降低而析出的过程．解答：解：①无机酸也可以跟醇酯化，如硝酸乙酯：CH3CH2OH+HNO3=CH3CH2ONO2+H2O，故①错误；②油脂水解后得到的醇是丙三醇，故②正确；③天然蛋白质水解的最终产物是α﹣氨基酸，故③正确；④油脂相对分子质量较小，不是高分子化合物，故④错误；⑤蛋白质溶液中加入K2SO4溶液后，蛋白质从溶液中析出，这种变化叫盐析，故⑤错误．故选C．点评：本题考查糖类，油脂，蛋白质的性质，注意掌握盐析的定义．2．某有机物的结构式如图，在一定条件下可能发生的反应有()①加成②水解③酯化④氧化⑤中和⑥消去．A．②③④B．①③⑤⑥C．①③④⑤D．②③④⑤⑥考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：该有机物含有醛基，可发生氧化、还原、加成反应，含有羟基，可发生氧化、取代反应，含有羧基，具有酸性，可发生取代反应．解答：解：该有机物含有醛基，可发生氧化、还原、加成反应，则①④正确；含有羟基和羧基，可发生酯化、取代反应，则③正确；含有羧基，具有酸性，可发生⑤反应，故选：C．点评：本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，注意把握有机物官能团的性质，为解答该题的关键．-34-3．将有机物的混合物在一定条件下反应：①甲醇与乙醇的混合物与浓硫酸加热得醚；②乙二醇与乙酸酯化得酯；③氨基乙酸和丙氨酸生成二肽；④苯酚和浓溴水反应．所生成的有机物的种类由多到少的顺序是()A．①②③④B．④③②①C．③②④①D．③①②④考点：有机物的结构和性质；有机化学反应的综合应用．专题：有机反应．分析：①甲醇与乙醇的混合物与浓硫酸加热得醚，有甲醚、乙醚、甲乙醚；②乙二醇与乙酸酯化得酯，可以生成含有1个酯基和2个酯基的酯；③氨基酸中氨基和羧基去掉一分子水形成肽键；④苯酚和浓溴水反应，生成三溴苯酚1种有机物．解答：解：①甲醇与乙醇的混合物与浓硫酸加热得醚，有甲醚、乙醚、甲乙醚，共有3种产物；②乙二醇与乙酸反应得酯，二者可生成2种酯，含有1个酯基和2个酯基的酯；③氨基乙酸和氨基丙酸生成二肽，可以生成甘甘二肽、甘丙二肽、丙丙二肽、丙甘二肽四种二肽；④苯酚和浓溴水反应，生成产物只有一种，三溴苯酚；所以所生成的有机物的种类由多到少的顺序是③①②④，故选D．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力及有机反应的考查，题目难度不大．4．经测定，由C3H7OH和C6H12组成的混合物中氢的质量分数为14%，则此混合物中碳的质量分数为()A．78%B．22%C．14%D．13%-34-考点：元素质量分数的计算．分析：C3H7OH可以将写成C3H6•H2O，C3H6和C6H12中C、H原子数目之比为1：2，原混合物可以看做CH2、H2O的混合物，设混合物中CH2的质量分数为x，则H2O的质量分数为（1﹣x），表示出CH2、H2O中氢元素的质量分数，利用氢元素质量分数列方程计算，再根据化学式CH2计算碳元素质量分数．解答：解：C3H7OH可以将写成C3H6•H2O，C3H6和C6H12中C、H原子数目之比为1：2，原混合物可以看做CH2、H2O的混合物，设混合物中CH2的质量分数为x，则H2O的质量分数为（1﹣x），则CH2中H元素质量分数为x，则H2O中H元素质量分数为（1﹣x），故x+（1﹣x）=14%，解得x=91%，故混合物中碳元素质量分数为91%×=78%，故选：A．点评：本题考查混合物计算，涉及质量分数计算，注意利用改写法简化计算过程，侧重考查学生分析计算能力．5．不能用水浴加热的实验是()A．苯的硝化反应B．银镜反应C．制酚醛树脂D．由乙醇制乙烯考点：乙烯的实验室制法；苯的性质；乙醛的银镜反应．专题：实验题．分析：因为水的沸点是100℃，用水浴加热，所以“水浴”加热温度不可能超过100℃，水浴加热的温度是使反应容器内试剂受热温度均匀，据此即可解答．解答：解：A．苯和浓硝酸、浓硫酸在50℃～60℃发生硝化反应生成硝基苯和水，该反应为C6H6+HNO3C6H5NO2+H2O，需要水浴，故A正确；-34-B．制备银镜时，用酒精灯的外焰给试管底部加热时温度太高，应水浴加热，如葡萄糖发生银镜反应的方程式为：CH2OH（CHOH）4CHO+2OHCH2OH（CHOH）4COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，故B正确；C．酚醛树脂是由苯酚和甲醛在催化剂条件下经沸水浴加热，缩聚而成，故C正确；D．因乙醇能分子内脱水生成乙烯，所以可用乙醇制乙烯，实验室利用加热到170℃时乙醇和浓硫酸混合溶液制取乙烯，反应方程式为CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O，反应的温度为170℃，超过沸水的温度，不能用水浴，故D错误；故选D．点评：本题主要考查了物质的制备的温度条件，根据实验的反应原理进行解答，题目难度不大．6．有机物M的结构简式如图所示．下列说法中正确的是()A．分子式为C17H18O3B．M中所有碳原子均可能在同一平面C．M可以发生加成、取代、消去等反应D．1molM常温下最多可以与3molNaOH反应考点：有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A.1个分子中含有20个H原子；B．苯环为平面结构，与苯环直接相连的原子在同一平面内；C．含有碳碳双键、﹣OH、﹣COO﹣等；D．苯酚、羧酸能与碱反应．解答：解：A.1个分子中含有20个H原子，分子式为C17H20O3，故A错误；B．苯环为平面结构，与苯环直接相连的原子在同一平面内，分子中只有1个苯环，则所有碳原子不可能在同一平面，故B错误；-34-C．含有碳碳双键、﹣OH、﹣COO﹣等，碳碳双键能发生加成反应，﹣OH能发生取代和消去反应，故C正确；D．苯酚、羧酸能与碱反应，则1molM常温下最多可以与2molNaOH反应，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的官能团及性质，明确有机物的分类及官能团决定物质的性质即可解答，注意选项C中发生消去反应时与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上必须有H原子，题目难度不大．7．天然维生素P（结构如图，其中烃基R为饱和烃基）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂．关于维生素P的叙述错误的是()A．可以使酸性KMnO4溶液褪色B．分子中有三个苯环C．1mol维生素P可以和4molNaOH反应D．维生素P与溴水反应时1mol维生素P可以消耗6molBr2考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：由结构简式可知，分子中含酚﹣OH、碳碳双键、醚键、羰基等，结合酚、苯环等物质性质来解答．解答：解；A．分子中含有碳碳双键和酚羟基，可被酸性KMnO4溶液氧化，故A正确；B．维生素P结构中含有两个苯环，故B错误；C．分子中含有4个酚羟基，具有酸性，可与NaOH反应，则1mol维生素P最多可以和4molNaOH反应，故C正确；D．结构中含有酚羟基，能与溴水反应﹣OH的邻、对位取代，含有碳碳双键，能发生加成反应，1mol该物质与足量溴水反应耗6molBr2，故D正确．故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物官能团与性质的关系为解答的关键，侧重苯酚、烯烃、苯性质的考查，选项B为易错点，题目难度不大．-34-8．有机物A的结构简式如图所示，某同学对其可能具有的化学性质进行了如下预测，其中正确的是()①可以使酸性高锰酸钾溶液褪色②可以和NaOH溶液反应③在一定条件下可以和乙酸发生反应④在一定条件下可以发生消去反应⑤在一定条件下可以和新制Cu（OH）2悬浊液反应．A．①②③B．①②③④C．①②③⑤D．①②④⑤考点：有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：该物质中含有醇羟基、酯基、醛基、苯环，所以应该具备苯、醇、酯和醛的性质，据此分析解答．解答：解：①A中含有醇羟基、醛基和与苯环相连的甲基，所以可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；②A中存在酯基，所以可以和氢氧化钠溶液反应，故正确；③A中存在醇羟基，在一定条件下可以与乙酸发生酯化反应，故正确；④由于与连羟基的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，所以不能发生消去反应，故错误；⑤A中存在醛基，在一定条件下可以和新制氢氧化铜悬浊液反应，故正确；故选C．点评：本题考查有机物官能团的性质，意在考查学生对醇羟基、醛基、酯基和苯的同系物性质的掌握情况，难度不大．-34-9．“人文奥运”的一个重要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂．某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是()A．遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B．滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键C．1mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4mol、7molD．该分子中的所有原子可能共平面考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：该有机物中含2个苯环、3个酚﹣OH和1个C=C，结合酚、烯烃的性质来解答．解答：解：A．含酚﹣OH，遇FeCl3溶液显紫色，但含2个苯环，不属于苯酚同系物，故A错误；B．酚﹣OH、C=C均能被氧化，则滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色褪去，不能证明结构中存在碳碳双键，故B错误；C．酚﹣OH的邻对位与溴发生取代，C=C与溴发生加成，苯环、C=C均与氢气发生加成，则1mol该物质与浓溴水和H2反应最多消耗Br2和H2分别为4mol、7mol，故C正确；D．该物质中含2个甲基，为四面体结构，则该分子中的所有原子不可能共平面，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握有机物中官能团与性质的关系，熟悉烯烃、苯酚的性质即可解答，题目难度不大．10．下列说法中，正确的是()A．能发生银镜反应的化合物一定是醛B．甲醛、乙酸、甲酸甲酯具有相同的最简式C．C2H5OH和具有相同的官能团，具有相同的化学性质D．分子内有苯环和羟基的化合物一定是酚类-34-考点：有机物的结构和性质；烃的衍生物官能团．专题：有机化学基础．分析：A．含﹣CHO的有机物均可发生银镜反应；B．甲醛、乙酸、甲酸甲酯中C、H、O的最简单个数比为1：2：1；C．C2H5OH和分别为醇、酚；D．分子内有苯环和羟基的化合物可能为醇或酚．解答：解：A．含﹣CHO的有机物均可发生银镜反应，可能为醛、甲酸、甲酸某酯、葡萄糖等，故A错误；B．甲醛、乙酸、甲酸甲酯中C、H、O的最简单个数比为1：2：1，具有相同的最简式，故B正确；C．C2H5OH和分别为醇、酚，官能团为﹣OH，但性质不同，故C错误；D．分子内有苯环和羟基的化合物可能为醇或酚，若﹣OH与苯环直接相连为酚，否则为醇，故D错误；故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意酚、醇的判断及能发生银镜反应的物质，题目难度不大．11．毒品一直影响社会安定．吗啡与海洛因都是被严格查禁的毒品，已知吗啡的分子式是C17H19NO3，海洛因是吗啡的二乙酸酯，则海洛因的分子式是()A．C21H23NO3B．C21H22NO5C．C21H23NO5D．C21H27NO7考点：有机物实验式和分子式的确定．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：令海洛因的分子式为A，反应可以表示为：C17H19NO3+2CH3COOH→A+2H2O，利用质量守恒定律计算海洛因的分子式．-34-解答：解：海洛因是吗啡的二乙酸酯，令海洛因的分子式为A，反应可以表示为：C17H19NO3+2CH3COOH→A+2H2O，则海洛因的分子式A=C17H19NO3+2C2H4O2﹣2H2O=C21H23NO5，故选C．点评：本题考查有机物分子式的确定，注意利用质量守恒定律解答．12．A、B、C、D都是含碳、氢、氧的单官能团化合物，A水解得B和C，B氧化可以得到C或D，D氧化也得到C．若M（X）表示X的摩尔质量，则下式中正确的显()A．M（A）=M（B）+M（C）B．2M（D）=M（B）+M（C）C．M（B）＜M（D）＜M（C）D．M（D）＜M（B）＜M（C）考点：有机物的推断；烃的衍生物官能团．专题：压轴题；有机物的化学性质及推断．分析：由于A、B、C、D都是含C、H、O的单官能团化合物，有如下的转化关系：A+H2O→B+C，B→C或D，DC，由此可见A为酯、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，A分子所含碳原子数为B或C或D的2倍，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），据此结合选项解答．解答：解：由于A、B、C、D都是含C、H、O的单官能团化合物，有如下的转化关系：A+H2O→B+C，B→C或D，DC，由此可见A为酯、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，A分子所含碳原子数为B或C或D的2倍，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），A、A为酯、B为醇、C为羧酸，都是单官能团化合物，由A+H2O→B+C，故M（A）+18=M（B）+M（C），故A错误；-34-B、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，由醛到羧酸，增加1个氧原子，故有2M（D）=M（B）﹣2+M（C）﹣16，即2M（D）=M（B）+M（C）﹣18，故B错误；C、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），故C错误；D、由C中分析可知，B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），故D正确；故选D．点评：本题考查醇、醛、酸、酯的相互转化关系等知识，难度中等，培养学生将化学问题抽象成数学问题，通过计算和推理解决化学问题的能力，注意A能够水解说明这种化合物是酯类化合物，又因为B可转化成C，说明B和C的含碳数是相同的．13．有下述有机反应类型：①消去反应，②水解反应，③加聚反应，④加成反应，⑤还原反应，⑥氧化反应．已知CH2Cl﹣CH2Cl+2NaOHCH2OH﹣CH2OH+2NaCl，以丙醛为原料制取1，2丙二醇，所需进行的反应类型依次是()A．⑥④②①B．⑤①④②C．①③②⑤D．⑤②④①考点：有机物的合成．专题：有机反应．分析：以丙醛为原料制取1，2丙二醇，﹣CHO转化为2个﹣OH，则由逆合成法可知，二卤代烃水解生成2个﹣OH，烯烃加成得到二卤代烃，醇消去反应生成烯烃，﹣CHO与氢气加成得到醇，以此来解答．-34-解答：解：以丙醛为原料制取1，2丙二醇，﹣CHO转化为2个﹣OH，则由逆合成法可知，二卤代烃水解生成2个﹣OH，烯烃加成得到二卤代烃，醇消去反应生成烯烃，﹣CHO与氢气加成得到醇，逆推法路线为，则从原料到产品依次发生还原反应（或加成反应）、消去反应、加成反应、水解反应，即为⑤①④②，故选B点评：本题考查有机物的合成，为高频考点，把握逆合成法分析合成路线为解答的关键，侧重醛基、醇、卤代烃性质的考查，注意合成反应中官能团的变化，题目难度不大．14．下列各组物质中只用水就能鉴别的是()A．苯、乙酸、四氯化碳B．乙醇、乙醛、乙酸C．乙醛、乙二醇、硝基苯D．苯酚、乙醇、甘油考点：有机物的鉴别．分析：只用水就能鉴别，可根据物质的水溶性、密度的大小或者是否与水反应的性质进行鉴别．解答：解：A．苯和四氯化碳都不溶于水，且苯的密度比水小，乙酸和水混溶，四氯化碳的密度比水大，可鉴别，故A正确；B．乙醇、乙醛、乙酸都溶于水，不能鉴别，故B错误；C．乙醛、乙二醇都溶于水，不能鉴别，故C错误；D．乙醇、甘油都易溶于水，不能鉴别，故D错误．故选A．点评：本题考查有机物的鉴别，为考试高频考点，侧重于学生的分析能力和综合运用化学知识的能力的考查，难度不大，注意把握物质的水溶性和密度的异同．-34-15．某有机物X（C4H6O5）广泛存在于许多水果内，该化合物具有如下性质：①1molX与足量金属钠反应产生1.5mol气体；②在有浓H2SO4和加热条件下，X与醇或羧酸均反应生成有香味的产物；③X在一定条件下的分子内脱水产物（不是环状化合物）可和溴水发生加成反应．根据上述信息，对X的结构判断正确的是()A．X中含有碳碳双键B．X中含有一个羧基和两个羟基C．X中含有两个羧基和一个羟基D．X中含有三个羟基和一个﹣COOR考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：①能和钠反应的官能团是羟基或羧基；②能与醇、羧酸发生酯化反应生成酯，说明X中含有羧基和羟基；③X在一定程度下分子内脱水的产物（不是环状化合物）可与溴水发生加成反应，说明X含有醇羟基，且连接醇羟基碳原子的相邻碳上有氢原子，以此解答该题．解答：解：①1molX与足量的金属钠反应产生1.5mol气体，说明一个X分子中含有3个羟基或羧基；②X与醇、羧酸在一定条件下均生成具有香味的产物，说明X中含有羟基和羧基；③X在一定程度下分子内脱水的产物（不是环状化合物）可与溴水发生加成反应，说明X可以发生消去反应生成碳碳双键，则分子中必含羟基；结构X分子中氧原子个数知，该分子中含有1个羟基、2个羧基，C4H6O5的不饱和度为=2，因含有2个羧基，则没有碳碳双键，故选C．点评：本题考查有机物结构的判断，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，明确物质含有的官能团及其性质是解本题关键，难度不大．16．165℃、1×105Pa下，两气态有机物以任意比例混合，1L该混合物与9LO2混合，充分燃烧后所得气体体积仍为10L，下列各组混合烃中符合此条件的是()A．CH4、C2H6-34-B．CH4、C3H6C．CH3OH、C3H4D．CH4、C3H4考点：有关有机物分子式确定的计算．专题：烃及其衍生物的燃烧规律．分析：令烃的组成为CxHy，燃烧方程式为：CxHy+（x+）O2→xCO2+H2O，因为165℃时，生成的H2O是气体，反应前后气体的体积不变，则：1+x+=x+，解得y=4即氢原子数为4符合题意，若为烃的气态含氧衍生物，燃烧方程式为：CxHyOz+（x+﹣）O2→xCO2+H2O，故1+x+﹣=x+，整理可得1﹣=，据此判断．解答：解：令烃的组成为CxHy，燃烧方程式为：CxHy+（x+）O2→xCO2+H2O，因为165℃时，生成的H2O是气体，反应前后气体的体积不变，则：1+x+=x+，解得y=4即氢原子数为4符合题意，若为烃的气态含氧衍生物，燃烧方程式为：CxHyOz+（x+﹣）O2→xCO2+H2O，故1+x+﹣=x+，整理可得1﹣=，A．CH4、C2H6中H原子数分别为4、6，H原子平均值不可能为4，故A不选；B．CH4、C3H6中H原子数分别为4、6，H原子平均值不可能为4，故B不选；C．C2H4、C3H4中H原子数都为4，燃烧条件不发生变化，而CH3OH中不满足1﹣=，燃烧后体积发生变化，故C不选，D．CH4、C3H4原子数中H原子数都为4，以任意比混合H原子平均值为4，符合题意，故D选；故选D．点评：本题考查有机物的确定，题目难度中等，注意根据有机物燃烧通式进行判断．17．由C、H、O三种元素组成的化合物8.8g，完全燃烧后得到CO222.0g，H2O10.8g，该化合物的实验式是()A．C5H6OB．C5H12OC．C5H12O2D．C5H10O-34-考点：有机物实验式和分子式的确定．分析：根据质量守恒可知，生成22.0mg的二氧化碳中C元素质量即为化合物中所含C元素质量、生成10.8mg的水中H元素质量即为化合物中所含H元素质量，化合物与C、H两种元素质量和的差为氧元素的质量，然后求出各自的物质的量，由碳、氢、氧元素的物质的量之比可推测实验式（最简式）．解答：解：根据质量守恒定律得：化合物中所含C元素质量为：22.0g×=6g，化合物中所含H元素质量为：10.8g×=1.2g，化合物中所含O元素质量为：8.80g﹣6g﹣1.2g=1.6g，n（C）：n（H）：n（O）=：：=5：12：1，所以化合物的实验式（最简式）是C5H12O，故选：B．点评：本题是对质量守恒定律的考查，化学反应前后元素的种类不变是解决本题的关键．18．11.2L甲烷、乙烷、HCHO（g）组成的混合气体，完全燃烧后生成15.68LCO2（气体体积均在标准状况下测定），混合气体中甲烷的体积分数可能为()A．20%B．60%C．70%D．80%考点：有关混合物反应的计算．专题：烃及其衍生物的燃烧规律．分析：根据n=计算混合气体及二氧化碳的物质的量，根据C原子守恒计算混合气体的平均C原子数目，甲烷与甲醛的碳原子数目都是1，可以看做1个组分，将三组分混合物看做2组分混合物，根据平均C原子数目计算乙烷的体积分数，进而计算甲烷与甲醛的体积分数之和，据此解答．解答：解：11.2L甲烷、乙烷、HCHO（g）组成的混合气体的物质的量为=0.5mol，-34-15.68LCO2的物质的量为=0.7mol，故混合气体中平均C原子数目为=1.4，甲烷与甲醛的碳原子数目都是1，可以看做1个组分，将三组混合物看做2组分混合物，令混合气体中乙烷的物质的量为xmol，甲烷与甲醛的总的物质的量为ymol，则：解得：x=0.2，y=0.3，故乙烷的体积分数为×100%=40%，甲烷与甲醛的体积分数之和为1﹣40%=60%，故选A．点评：考查混合物的有关计算，难度中等，根据是将将三组分混合物看做2组分混合物，注意平均量的运用．二、填空题（共46分）19．有机物A1和A2分别和浓硫酸在一定温度下共热只生成烃B，B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，在催化剂存在下，1molB可以和4molH2发生加成反应，B的一元硝化产物有三种（同种类型）．有关物质之间的转化关系（其中F的分子式为C9H10O3）如下：请回答下列问题：（1）反应①～⑥中属于取代反应的是：③⑥．（2）写出A2和F两物质的结构简式：A2；F．-34-（3）写出③、④两步反应的化学方程式：；．（4）化合物E有多种同分异构体，其中属于酯类且具有两个对位侧链的同分异构体的结构简式：、、、．考点：有机物的推断．分析：烃B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，则B的相对分子质量为118，B苯环上的一硝基取代物有三种，说明B中含有苯环，1mol苯环和氢气发生完全加成反应需要3mol氢气，实际上1molB可以和4molH2发生加成反应，则B中还含有一个碳碳双键，一个苯环连接一个乙烯基，其相对分子质量为104，实际上B的相对分子质量为118，所以B中还含有一个CH2；B和溴发生加成反应生成溴代烃，溴代烃发生取代反应生成醇，醇能被氧化生成E，E能被氧化生成F，又F的分子式为C9H10O3，又能与A1在浓硫酸条件下反应，说明F中含有羧基和醇羟基，则E中中间醇羟基不能被氧化，则该碳原子上没有氢原子，所以B的结构简式为：，C为，D为，E为，F为；A1和A2分别和浓H2SO4在一定温度下共热都只生成烃B，则A1和A2中都含有醇羟基，A1能被氧化生成醛，则A1中醇羟基位于边上，所以A1的结构简式为，A2的结构简式为，A1被氧化生成H，H的结构简式为-34-，H被氧化生成I，I的结构简式为，F在浓硫酸作用下可发生酯化反应生成X，结合物质的结构和性质分析解答．解答：解：烃B的蒸气密度是同温同压下H2密度的59倍，则B的相对分子质量为118，B苯环上的一硝基取代物有三种，说明B中含有苯环，1mol苯环和氢气发生完全加成反应需要3mol氢气，实际上1molB可以和4molH2发生加成反应，则B中还含有一个碳碳双键，一个苯环连接一个乙烯基，其相对分子质量为104，实际上B的相对分子质量为118，所以B中还含有一个CH2；B和溴发生加成反应生成溴代烃，溴代烃发生取代反应生成醇，醇能被氧化生成E，E能被氧化生成F，又F的分子式为C9H10O3，又能与A1在浓硫酸条件下反应，说明F中含有羧基和醇羟基，则E中中间醇羟基不能被氧化，则该碳原子上没有氢原子，所以B的结构简式为：，C为，D为，E为，F为；A1和A2分别和浓H2SO4在一定温度下共热都只生成烃B，则A1和A2中都含有醇羟基，A1能被氧化生成醛，则A1中醇羟基位于边上，所以A1的结构简式为，A2的结构简式为，A1被氧化生成H，H的结构简式为，H被氧化生成I，I的结构简式为，F在浓硫酸作用下可发生酯化反应生成X，（1）通过以上分析知，①属于消去反应，②属于加成反应，③属于取代反应，④属于氧化反应，⑤属于氧化反应，⑥属于取代反应，故答案为：③⑥；-34-（2）通过以上分析知，A2和F的结构简式分别为、，故答案为：；；（3）③为C在碱性条件下水解生成D，反应方程式为，④为氧化反应，反应方程式为，，故答案为：；；（4）E的结构简式为，化合物E有多种同分异构体，其中属于酯类说明含有酯基，且具有两个对位侧链的同分异构体的结构简式为、、、，故答案为：、、、．点评：本题考查有机物推断，侧重考查学生分析、推断能力，正确推断A结构是解本题关键，熟练掌握常见有机物结构、有机反应类型，难点是同分异构体种类的判断，有官能团异构、碳链异构，题目难度中等．-34-20．巨豆三烯酮（F）是一种重要的香料，其合成路线如下：（1）化合物F的分子式为C13H180，1mol该物质完全燃烧需消耗17molO2．（2）在上述转化过程中，反应②的目的是保护羟基，使之不被氧化，写出反应②的化学方程式为．（3）下列说法正确的是BD（双选，填字母）．A．化合物A～F均属于芳香烃衍生物B．反应①属于还原反应C．1mol化合物D可以跟4molH2发生反应D．化合物F含有的官能团名称为碳碳双键、羰基（4）符合下列条件的D的同分异构体有两种，其中一种同分异构体的结构简式为请写出另外一种同分异构体的结构简式．A．属于芳香族化合物；B．核磁共振氢谱显示，分子中有4种化学环境不同的氢原子；C．1mol该物质最多可消耗2molNaOH；D．能发生银镜反应．考点：有机物的合成．专题：烃及其衍生物的燃烧规律．分析：（1）根据F的结构简式可写出化学式，并根据化学式可判断消耗氧气的物质的量；（2）由合成路线可知反应②为官能团的保护；该反应为酯化反应；-34-（3）A、芳香烃衍生物都应该含有苯环；B、反应①是羰基被还原为羟基，属于还原反应；C、根据D的结构简式可知，1mol化合物D可以跟3molH2发生反应；D、根据F的结构简式可知，化合物F含有的官能团名称为碳碳双键、羰基；（4）D的分子式：C15H22O3可知不饱和度为5，一个苯环不饱和度为4再加一个醛基不饱和度1，则另外2个酚羟基与2个叔丁基连在苯环上，才能满足4种类型氢，有2种结构．解答：解：（1）根据F的结构简式可知，F的化学式为C13H180，可看作C13H16•H20，据此可知1mol该物质完全燃烧需消耗氧气的物质的量为17mol，故答案为：C13H180；17；（2））反应③为氧化反应，为防止羟基被氧化，则反应②的目的是保护羟基，使之不被氧化，反应②为B和乙酸的酯化反应，反应的方程式为，故答案为：保护羟基，使之不被氧化；；（3）A、芳香烃衍生物都应该含有苯环，故A错误；B、反应①是羰基被还原为羟基，属于还原反应，故B正确；C、根据D的结构简式可知，1mol化合物D可以跟3molH2发生反应，故C错误；D、根据F的结构简式可知，化合物F含有的官能团名称为碳碳双键、羰基，故D正确；故选BD；（4）D的分子式：C15H22O3可知不饱和度为5，一个苯环不饱和度为4再加一个醛基不饱和度1，则另外2个酚羟基与2个叔丁基连在苯环上，才能满足4种类型氢，有2种结构，为，所以另一种为，故答案为：．点评：本题考查有机物的合成，题目难度不大，本题注意把握官能团的性质及转化，此为解答该题的关键，易错点为（4），注意根据有机物的性质以及结构特点判断同分异构体．-34-21．镇痉药物C，化合物N以及高分子树脂（）的合成路线如下：已知：，F分子式为C7H8O，（1）A的含氧官能团的名称是醛基．（2）A在催化剂作用可与H2反应生成B，该反应的反应类型是加成反应或取代反应．（3）酯类化合物C的分子式是C15H14O3，其结构简式是．（4）A发生银镜反应的化学方程式是．（5）扁桃酸（）有多种同分异构体，其中满足下述条件的同分异构体有13种：①能水解②能发生银镜反应③遇FeCl3溶液显紫色．写出其中一个含亚甲基（﹣CH2﹣）的同分异构体的结构简式（任意一种）．（6）N在NaOH溶液中发生水解反应的化学方程式是．-34-考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A能与银氨溶液反应，则A含有﹣CHO，A与HCN发生信息中的加成反应、酸化得到，故A为，（2）中A与氢气发生加成反应生成B为，扁桃酸与苯甲醇发生酯化反应生成C为．A与银氨溶液发生氧化反应生成D为，D发生信息中反应生成E为，F分子式为C7H8O，F与M反应生成高聚物，由高聚物的结构可知，F为，M为HCHO，F与E发生取代反应生成G为，据此解答．解答：解：A能与银氨溶液反应，则A含有﹣CHO，A与HCN发生信息中的加成反应、酸化得到，故A为，（2）中A与氢气发生加成反应生成B为，扁桃酸与苯甲醇发生酯化反应生成C为．A与银氨溶液发生氧化反应生成D为，D发生信息中反应生成E为，F分子式为C7H8O，F与M反应生成高聚物，由高聚物的结构可知，F为，M为HCHO，F与E发生取代反应生成G为，（1）由上述分析可知，A的结构简式为，含有官能团为醛基，故答案为：醛基；（2）A→B是醛基与氢气发生加成反应生成醇，也属于还原反应，故答案为：加成反应或还原反应；-34-（3）由上述分析可知，酯类化合物C的结构简式是，故答案为：；（4）A发生银镜反应的化学方程式是：，故答案为：；（5）扁桃酸（）有多种同分异构体，符合条件：①能水解，含有酯基，②能发生银镜反应，含有醛基，③遇FeCl3溶液显紫色，含有酚羟基，则酯基为甲酸形成的酯基，可以含有2个侧链为﹣OH、﹣CH2OOCH，有邻、间、对三种，可以含有3个侧链为﹣OH、﹣CH3、﹣OOCH，当﹣OH、﹣CH3处于邻位，﹣OOCH有4种位置，当﹣OH、﹣CH3处于间位，﹣OOCH有4种位置，当﹣OH、﹣CH3处于对位，﹣OOCH有2种位置，故符合条件的同分异构体有：3+4+4+2=13种，其中一个含亚甲基（﹣CH2﹣）的同分异构体的结构简式为：，故答案为：13；（任意一种）；（6）N在NaOH溶液中发生水解反应的化学方程式是：，故答案为：．点评：本题考查有机物的合成，利用合成路线中物质官能团及碳链的变化推断各物质是解答的关键，注意结合信息来分析官能团的性质，题目难度中等，同分异构体的推断是解答的难点．-34-22．透明聚酯玻璃钢可用于制造导弹的雷达罩和宇航员使用的氧气瓶．制备它的一种配方中含有下列三种物质：填写下列空白：（1）甲中不含氧原子的官能团是碳碳双键；下列试剂能与甲反应而褪色的是ac（填标号）a．Br2/CCl4溶液b．石蕊溶液c．酸性KMnO4溶液（2）甲的同分异构体有多种，写出其中一种不含甲基的羧酸的结构简式：CH2=CHCH2CH2COOH（3）淀粉通过下列转化可以得到乙（其中A﹣D均为有机物）：淀粉ABCD乙A的分子式是C6H12O6，试剂X可以是溴水．（4）已知：利用上述信息，以苯、乙烯、氯化氢为原料经三步反应合成丙，其中属于取代反应的化学方程式是．考点：有机物的推断；有机物分子中的官能团及其结构；同分异构现象和同分异构体．专题：有机物的化学性质及推断．分析：（1）根据甲的结构可知不含氧原子的官能团为碳碳双键；甲含有C=C双键，具有烯烃的性质，含有酯基，具有酯的性质，据此判断；（2）甲的同分异构体有多种，其中一种不含甲基的羧酸，则含有﹣COOH，烃基为CH2=CHCH2CH2﹣等，据此书写；-34-（3）淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖在酒化酶作用下生成乙醇，乙醇发生消去反应生成乙烯，乙烯与溴水发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，1，2﹣二溴乙烷再氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成乙二醇；（4）乙烯与HCl发生加成反应生成氯乙烷，氯乙烷与苯在AlCl3条件下发生取代反应生成乙苯，乙苯在催化剂条件下发生消去反应生成苯乙烯．解答：解：（1）根据甲的结构可知，甲含有官能团为碳碳双键、酯基，不含氧原子的官能团为碳碳双键；甲含有C=C双键，具有烯烃的性质，能与溴发生加成反应、能被酸性高锰酸钾氧化，碳碳双键、酯基都能不能使石蕊溶液变色，故答案为：碳碳双键；ac；（2）甲的同分异构体有多种，其中一种不含甲基的羧酸，则含有﹣COOH，烃基为CH2=CHCH2CH2﹣等，故符合条件的甲的同分异构体为CH2=CHCH2CH2COOH，故答案为：CH2=CHCH2CH2COOH；（3）淀粉在酸性条件下水解生成葡萄糖，葡萄糖在酒化酶作用下生成乙醇，乙醇发生消去反应生成乙烯，乙烯与溴水发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，1，2﹣二溴乙烷再氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成乙二醇，故A分子式为C6H12O6，设计X可以为溴水等，故答案为：C6H12O6；溴水；（4）乙烯与HCl发生加成反应生成氯乙烷，氯乙烷与苯在AlCl3条件下发生取代反应生成乙苯，乙苯在催化剂条件下发生消去反应生成苯乙烯，故属于取代反应的方程式为，故答案为：．点评：本题考查有机物的结构与性质、有机物推断与合成，需要学生对给予的信息进行利用，能较好的考查学生的阅读能力、自学能力，难度不大，注意掌握官能团的性质与转化．-34-