2019-2020学年四川省自贡市九年级（上）期末物理试卷

2019-2020学年九年级（上）期末物理试卷一、选择题（共18小题，每小题2分，共36分．每小题只有一个选项符合题意．）1．下列关于内能和机械能的说法中正确的是（　　）A．高温物体不一定比低温物体的内能大B．物体的运动速度越大，具有的内能越大C．静止的物体没有动能也没有内能D．1kg0℃冰和1kg0℃水的内能相等2．某同学从下表提供的信息中，得出以下几个结论，其中错误的是（　　）几种物质的比热容J/（kg•℃）水4.2×103干泥土0.64×103酒精2.4×103铜0.39×103冰2.1×103铝0.88×103煤油2.1×103铅0.13×103水银0.14×103砂石0.92×103A．用水来冷却汽车发动机效果比较好B．液体的比热容都比固体大C．同种物质在不同的状态下比热容可能不同D．质量相等的铜和铅升高相同的温度，铜吸收的热量多3．下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（　　）A．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的B．分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的C．热量总是自发地从温度低的物体向温度高的物体传递D．燃料的热值与燃料的总质量没有关系4．下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是（　　）A．热机效率越高，所做的有用功就越多B．汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气C．一个工作循环对外做功一次D．压缩冲程中将内能转化为机械能5．在探究“电荷间的相互作用”的实验中，用绝缘细线悬挂两个小球，静止时的状态如图所示。下列判断正确的是（　　）,A．两球一定带同种电荷B．两球可能带异种电荷C．两球可能一个带电，一个不带电D．两球均只受两个力6．小明设计了一个电路，开关断开两灯都不亮，开关闭合两灯均发光，拧下其中一只灯泡，另一只灯泡仍发光，则符合要求的电路是（　　）A．B．C．D．7．如图所示，以下四件家用电器正常工作时电流最接近5A的是（　　）A．电风扇B．笔记本电脑C．台灯D．电饭锅8．如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（　　）,A．1.5A0.3AB．1.2A1.2AC．0.3A0.3AD．1.2A0.3A9．下列关于导体电阻的说法中，正确的是（　　）A．一根金属丝被均匀拉长后，它的电阻变大B．导体中没有电流通过，导体就没有电阻C．电阻是导体的一种属性，任何情况下导体的电阻都不可能为零D．粗导线的电阻一定比细导线的电阻小10．在测量未知电阻Rx阻值的实验中，提供的实验器材有：稳压电源（电压未知）、电流表、电压表、阻值已知的定值电阻R0等。现有图所示的几种测量电路，在不拆改电路的前提下，能够测量出待测电阻Rx阻值的电路是（　　）A．B．C．D．11．甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端电压为2V时，则（　　）A．电源电压为6V,B．乙灯的电阻为5ΩC．甲灯10s内电流做功为12JD．甲、乙两灯总功率为2W12．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电路消耗的总功率变大D．电流表A1示数变小13．如图所示，关于这个电能表，下列叙述正确的是（　　）A．电能表是测量电功率的仪表B．220V表示电能表应该接在220V的电路中使用C．电能表的示数是9716kW•hD．2500r/kW•h表示电能表的转盘每转1转，消耗的电能是2500kW•h14．一个标有“220V440W”的电热器，当通过它的电流为1A时，它的实际功率（　　）A．等于额定功率B．大于额定功率C．小于额定功率D．无法判断15．某房间原来只接有一只标有“PZ220﹣40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（　　）A．变亮B．变暗C．不变D．无法确定,16．如图所示，当开关S闭合后，两表均有示数过一会儿发现电压表示数突然变小，电流表示数突然变大，则下列故障可能是（　　）A．L1短路B．L2短路C．L1灯丝断开D．L2灯丝断开17．如图所示电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，当滑片P从a点滑到b点过程中，电流表的示数从Ia变为Ib．下列各图中，能表示这一过程中电压表示数U与电流表示数I之间关系的是（　　）A．B．C．D．18．如图所示两个相同的烧瓶中各放置一段电阻丝（R甲＞R乙），在瓶中盛入等量煤油并插入温度计，通电一段时间后，甲瓶中温度计示数比乙瓶中温度计示数高。该现象说明了电流产生的热量与下列哪个因素有关？（　　）A．通电时间B．电流C．电荷量D．电阻,二、填空题（共5个小题，10分）19．（3分）生活中用铁锅加热菜油，菜油的温度很快升高，这是通过　　的方式增加了菜油的内能；用热油炒菜时，远远的就闻到炒菜的香味，这是由于分子在永不停息的做　　运动。20．（3分）用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图。根据图象可知，甲液体的比热容　　乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）。如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃的乙液体吸收1.89×105J的热量，乙液体的温度升高了　　℃（气压为一标准大气压）。21．（3分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球时，验电器的金属箔张角变大，这是由于验电器　　（选填“得到”或“失去”）电子，所带的　　（选填“正”或“负”）电荷增多的缘故。22．（3分）在如图所示的电路中，电源两端的电压及灯丝电阻恒定不变，闭合开关S1、S2，两个小灯泡均能发光，甲、乙两块电压表示数之比为3：2，L1、L2两灯泡的电阻之比为　　；断开开关S1、S2，将甲、乙两块电压表更换为电流表之后，仅闭合开关S1，两个小灯泡仍均能发光，则甲、乙两块电流表示数之比为　　。23．（3分）某品牌手机充电宝，上面标有电压为5V，容量为12000mA•h，它充满电后，可以储存的电能是　　J，在充电过程中，将电能转化为　　能储存。三、简述、作图、实验题（本大题包括4小题，共24分）,24．一辆汽车在行驶途中遇突发情况，紧急刹车时，在路面上留下轮胎滑过的痕迹，轮胎温度急剧升高。请根据以上情境并从能量转化的角度简要解释轮胎温度升高的原因。25．请在图中用笔画线代替导线连接电路。要求：两灯并联，开关S同时控制两盏灯泡。26．小峻和小薇两位同学在“探究欧姆定律”的实验中，所用器材有：学生电源、电流表、电压表、标有“20Ω2A“的滑动变阻器R'、开关、导线和定值电阻R若干【设计实验与制定计划】（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。（要求：向右移动滑动变阻器滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）【分析与论证】（2）他们先探究电流与电压的关系。闭合开关，移动滑片依次测得5组数据，其中第5次实验中电压表的指针如图丙所示，其示数为　　V．他们记录的数据如表1所示，分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　　比。表1电流与电压关系实验序号12345电压/V1.01.21.82.0电流/A0.200.240.360.400.44表2电流与电阻关系实验序号1234,电阻/Ω10152025电流/A0.300.200.150.12（3）他们继续探究电流与电阻的关系，先将电源电压调为6V，分别换上多个定值电阻进行探究，数据记录如表2所示，老师指出其中一组数据是拼凑的，你认为是第　　组（选填实验序号），理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太　　（选墳“大或“小”）（4）排除拼凑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在　　一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。【实验拓展】（5）在不更换滑动变阻器的情况下，可以采取的措施　　（选填字母符号），完成这组拼凑数据所对应的实验测量。A．降低定值电阻两端电压B．降低电源电压C．选用更大阻值的定值电阻27．如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，有两个规格分别为“10Ω1A“的A滑动变阻器和“50Ω2A“的B滑动变阻器，电源电压为6V。（1）本实验中应选择　　滑动变阻器（选填“A”或“B”）。（2）请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。（3）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是　　。A．断开开关，更换小灯泡,B．检查电路是否断路C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（4）问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向　　（选填“右”或“左”）端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为　　W。（5）实验中多次测量的目的是　　。A．测不同电压下小灯泡的实际功率B．多次测量求平均值，减小误差四、计算题（本大题包括2小题，共15分．解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）28．如图甲是一个检测空气质量指数的电路。其中R为气敏电阻，其电阻的倒数与空气质量指数的关系如图乙所示。已知：电源电压为6V且保持不变，定值电阻R0为2.5Ω．当闭合开关S后，电压表示数为2V时，求：（1）通过R0的电流；（2）电阻R的阻值；（3）此时的空气质量指数。29．图甲是办公室和教室常用的立式饮水机，图乙为饮水机的铭牌参数，图丙为饮水机内部简化电路图。S是温控开关，R1是调节电阻，其阻值为198Ω，R2是供热电阻。型号YSJ﹣66额定电压220V加热功率2200W,水箱容积2L频率50Hz（1）当开关　　时（选填“断开”或“闭合”），饮水机处于加热状态。（2）现将装满水箱的水烧开，水吸收的热量是多少？[水的初温为20℃，在1标准大气压下，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（3）当饮水机处于保温状态时，供热电阻的功率是多少？,参考答案与试题解析一、选择题（共18小题，每小题2分，共36分．每小题只有一个选项符合题意．）1．下列关于内能和机械能的说法中正确的是（　　）A．高温物体不一定比低温物体的内能大B．物体的运动速度越大，具有的内能越大C．静止的物体没有动能也没有内能D．1kg0℃冰和1kg0℃水的内能相等【分析】（1）构成物体的所有分子，其热运动的动能与分子势能的总和，叫做物体的内能。（2）物体的内能与温度有关，与物体的质量、种类都有关。（3）任何物体在任何情况下都具有内能。【解答】解：A、物体的内能与温度有关，与物体的质量、种类都有关。故高温物体不一定比低温物体的内能大；故A正确；B、物体的运动速度越大，具有的机械能越大，但内能不一定大；故B错误；C、静止的物体没有动能，但具有内能，故C错误；D、1kg0℃冰和1kg0℃水，虽然温度相等，但构成水和冰的分子运动情况不同，故它们的内能不同；故D错误；故选：A。2．某同学从下表提供的信息中，得出以下几个结论，其中错误的是（　　）几种物质的比热容J/（kg•℃）水4.2×103干泥土0.64×103酒精2.4×103铜0.39×103冰2.1×103铝0.88×103煤油2.1×103铅0.13×103水银0.14×103砂石0.92×103A．用水来冷却汽车发动机效果比较好B．液体的比热容都比固体大C．同种物质在不同的状态下比热容可能不同D．质量相等的铜和铅升高相同的温度，铜吸收的热量多,【分析】观察图表中有关各种物质的比热容值，结合公式Q＝cm△t，运用控制变量的思维进行分析判断即可解决。【解答】解：A、由于水的比热容最大，故相同质量的水和其它液体相比较，在升高相同温度的情况下，由于水的比热容最大，水的温度变化小，即水温度升高的最慢，故一般用水做冷却剂，故该选项不符合题意；B、液体水银的比热容比固态的干泥土等比热容都小，故该选项符合题意；C、冰和水是同种物质，但比热容不同，故该选项不符合题意；D、质量相等的铜和铅，由于铜的比热容大，故据公式Q＝cm△t可知，在升高相同的温度时，铜吸收的热量多，故该选项不符合题意；故选：B。3．下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘录，其中错误的是（　　）A．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的B．分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的C．热量总是自发地从温度低的物体向温度高的物体传递D．燃料的热值与燃料的总质量没有关系【分析】（1）做功和热传递在改变物体的内能上是等效的；（2）分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的；（3）当两个物体接触时，热量从温度高的物体向温度低的物体传递；（4）燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关。【解答】解：A、做功和热传递都可以改变物体的内能，它们达到的效果都是一样的，故A不符合题意；B、分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的，只不过分子间的距离不同时，表现出来的引力或斥力的情况不同，故B不符合题意；C、发生热传递时，热量从温度高的物体向温度低的物体传递；故C符合题意。D、燃料的热值是指单位质量某种燃料完全燃烧时放出的热量，与燃料的质量没有关系，故D不符合题意。故选：C。4．下列关于四冲程内燃机的说法中正确的是（　　）A．热机效率越高，所做的有用功就越多B．汽油机在吸气冲程中吸入气缸的是空气,C．一个工作循环对外做功一次D．压缩冲程中将内能转化为机械能【分析】（1）机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少，机械效率高低和有用功大小之间没有关系；（2）汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体；（3）四冲程内燃机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，曲转转动两周完成一个工作循环，只有做功冲程对外做功一次；（4）汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能。【解答】解：A、机械效率高低，只能反映有用功在总功中所占比例的多少，机械效率高低和有用功大小之间没有关系，故A错误；B、汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，故B错误；C、汽油机一个工作循环包括四个冲程，只有做功冲程对外做功，因此一个工作循环做功一次，故C正确；D、汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能，故D错误。故选：C。5．在探究“电荷间的相互作用”的实验中，用绝缘细线悬挂两个小球，静止时的状态如图所示。下列判断正确的是（　　）A．两球一定带同种电荷B．两球可能带异种电荷C．两球可能一个带电，一个不带电D．两球均只受两个力【分析】电荷间的相互作用规律为：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体可以吸引轻小物体。根据两轻质小球所带电荷是同种电荷还是异种电荷，并结合两球表现出的作用力即可判断。,【解答】解：A、由于同种电荷互相排斥，两带电小球表现出排斥现象，所以，两球一定带同种电荷，故A正确；B、异种电荷互相吸引，两带电小球没有吸引紧贴，所以，两球不可能带异种电荷，故B错误；C、带电体会吸引不带电的物体，若一个带电一个不带电，则两球会相互吸引紧贴，故C错误；D、由受力分析可得，两小球均受到重力、绳子给的拉力、小球所带同种电荷间的排斥力，故两球均受三个力，故D错误；故选：A。6．小明设计了一个电路，开关断开两灯都不亮，开关闭合两灯均发光，拧下其中一只灯泡，另一只灯泡仍发光，则符合要求的电路是（　　）A．B．C．D．【分析】一个开关可以同时控制串联的两个电灯和并联的两个电灯，但串联时，两个电灯要相互影响，而并联时，两个电灯相互不影响。【解答】解：由题意可知，开关闭合两灯均发光，拧下其中一只灯泡，另一只灯泡仍发光，说明两灯泡工作时互不影响，所以两灯应并联，故AD错误；开关断开两灯都不亮，开关闭合两灯均发光，则开关位于干路，故B错误、C正确。故选：C。7．如图所示，以下四件家用电器正常工作时电流最接近5A的是（　　）A．电风扇B．笔记本电脑,C．台灯D．电饭锅【分析】根据我们对生活中常用用电器电流大小的了解去选择。【解答】解：A、电风扇工作时的功率约为100W，电流大约是0.5A，故A错误；B、笔记本电脑工作时的功率约为100W，电流大约是0.5A，故B错误；C、台灯工作时的功率约为40W，电流大约是0.2A，故C错误；D、电饭锅的电功率约为1000W，工作电流约为5A，故D正确。故选：D。8．如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（　　）A．1.5A0.3AB．1.2A1.2AC．0.3A0.3AD．1.2A0.3A【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流。【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L2支路电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，所以，干路电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I＝1.5A，L2支路电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过L2的电流I2＝0.3A；则灯L1中的电流：I1＝I﹣I2＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，故ABC错误、D正确。故选：D。9．下列关于导体电阻的说法中，正确的是（　　）,A．一根金属丝被均匀拉长后，它的电阻变大B．导体中没有电流通过，导体就没有电阻C．电阻是导体的一种属性，任何情况下导体的电阻都不可能为零D．粗导线的电阻一定比细导线的电阻小【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关。【解答】解：A．金属丝被均匀拉长后，长度变长，横截面积变小，电阻变大，故A正确；B．电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种属性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关，故B错误；C电阻是导体的一种属性，其大小除与导体的材料、长度、横截面积有关外，还受温度影响，当温度足够低时，电阻会变为零，成为超导体，故C错误；D．导线的长度和材料不确定，电阻大小仅从横截面积大小无法比较。故D错误；故选：A。10．在测量未知电阻Rx阻值的实验中，提供的实验器材有：稳压电源（电压未知）、电流表、电压表、阻值已知的定值电阻R0等。现有图所示的几种测量电路，在不拆改电路的前提下，能够测量出待测电阻Rx阻值的电路是（　　）A．B．C．D．【分析】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。【解答】解：A、两电阻串联，电流表测量电路的电流，电阻两端的电压无法算出，根据R＝知，不能测量出待测电阻Rx的阻值，故A不符合题意；B、两电阻串联，开关S1闭合时，电压表测量未知电阻Rx,两端的电压，电路中的电流无法算出，根据R＝知，不能测量出待测电阻Rx的阻值，故B不符合题意；C、只S闭合时，只有R0接入电路中，电流表测此时电路中电流，两开关都闭合时两电阻并联，电流表测干路中电流；根据并联电路电流的关系算出定值电阻Rx的电流，根据电源电压不变列式可求出Rx的阻值，故C符合题意；D、只S闭合时，两电阻串联，电流表没有接入电路，不能测量出电路中电流；两开关都闭合时只有R0接入电路中，电流表测此时电路中电流，待测电阻两端的电压无法算出，根据R＝知，不能测量出待测电阻Rx的阻值，故D不符合题意。故选：C。11．甲、乙两只灯泡，其I﹣U关系图象如图所示，现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端电压为2V时，则（　　）A．电源电压为6VB．乙灯的电阻为5ΩC．甲灯10s内电流做功为12JD．甲、乙两灯总功率为2W【分析】两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过的电流即为电路中的电流，再根据图象读出乙灯泡两端的电压，根据欧姆定律算出乙灯的电阻；利用串联电路的电压特点求出电源的电压；根据W＝UIt算出甲灯10s内电流做功；根据P＝UI算出甲、乙两灯总功率。【解答】解：将甲、乙两灯串联在电路中时，由图象可知，甲灯两端电压U甲＝2V时，通过的电流I甲＝0.4A，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流I＝I乙＝I甲＝0.4A，此时乙灯两端的电压为U乙＝3V，,乙灯的电阻为：R乙＝＝＝7.5Ω，故B错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电路两端的总电压：U＝U甲+U乙＝2V+3V＝5V，故A错误；甲灯10s内电流做功为：W甲＝U甲I甲t＝2V×0.4A×10s＝8J，故C错误；甲、乙两灯总功率为P＝UI＝5V×0.4A＝2W，故D正确。故选：D。12．如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电路消耗的总功率变大D．电流表A1示数变小【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P＝UI可知电路消耗总功率的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡L的亮度不变，故A错误；当滑片P向右移动时，变阻器R接入电路中的电阻变大，,由I＝可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故D正确；由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故C错误。故选：D。13．如图所示，关于这个电能表，下列叙述正确的是（　　）A．电能表是测量电功率的仪表B．220V表示电能表应该接在220V的电路中使用C．电能表的示数是9716kW•hD．2500r/kW•h表示电能表的转盘每转1转，消耗的电能是2500kW•h【分析】（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表；（2）电能表上“220V”表示该电能表在220V的电路中使用；（3）电能表是读数方法：最后一位是小数，单位是kW•h；（4）2500r/kW•h，表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500转。【解答】解：A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，不能直接测量电功率，故A错误；B、220V表示此电能表应该接在220V的电路中使用，故B正确；C、表盘上最后一位是小数，当前电能表的读数为971.6kW•h，故C错误；D、2500r/kW•h，表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500转，故D错误。故选：B。14．一个标有“220V440W”的电热器，当通过它的电流为1A时，它的实际功率（　　）A．等于额定功率B．大于额定功率,C．小于额定功率D．无法判断【分析】由电热器的铭牌可知额定电压和额定功率，根据R＝求出电热器的电阻；再根据P＝I2R求出通过它的电流是1A时电热器的实际功率。【解答】解：由P＝可得电热器的电阻为：R＝＝＝110Ω，通过它的电流是1A时电热器的实际功率为：P′＝（I′）2R＝（1A）2×110Ω＝110W＜P额＝440W。故选：C。15．某房间原来只接有一只标有“PZ220﹣40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（　　）A．变亮B．变暗C．不变D．无法确定【分析】两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，根据P＝UI＝判断电路总功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断房间内总亮度的变化。【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由P＝UI＝可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故选：B。16．如图所示，当开关S闭合后，两表均有示数过一会儿发现电压表示数突然变小，电流表示数突然变大，则下列故障可能是（　　）A．L1短路B．L2短路C．L1灯丝断开D．L2灯丝断开,【分析】电路故障分为短路和断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据电流表示数的变化确定电路的故障，然后再根据电压表示数的变化确定故障的具体位置。【解答】解：当开关S闭合后，两表均有示数，过一会儿电流表示数突然变大，说明电路中电流变大，因此电路发生短路现象；又因为电压表示数变小，所以L1灯短路。故选：A。17．如图所示电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S，当滑片P从a点滑到b点过程中，电流表的示数从Ia变为Ib．下列各图中，能表示这一过程中电压表示数U与电流表示数I之间关系的是（　　）A．B．C．D．【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。根据串联单路的电压特点和欧姆定律得出电流表与电压表的示数关系，然后判断出对应的图象，再根据滑片位于a点时电流表和电压表的示数关系得出答案。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。因串联电路中总电压等于各分电压之和，,所以，由I＝可得，电压表示数U与电流表示数I的关系：U＝U电源﹣IR0，据此可知，U﹣I图象是一次函数图象，故CD错误；当滑片位于a点时，变阻器接入电路中的电阻较小，电路中的电流较大，由U＝U电源﹣IR0可知，电压表的示数较小，故A错误、B正确。故选：B。18．如图所示两个相同的烧瓶中各放置一段电阻丝（R甲＞R乙），在瓶中盛入等量煤油并插入温度计，通电一段时间后，甲瓶中温度计示数比乙瓶中温度计示数高。该现象说明了电流产生的热量与下列哪个因素有关？（　　）A．通电时间B．电流C．电荷量D．电阻【分析】由图可知，甲、乙两个烧瓶中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据焦耳定律可知，电阻越大电流产生的热量越多；而A、B两个完全相同的烧瓶里装有等质量的煤油，吸收热量多的温度升高的快，据此判断。【解答】解：已知：R甲＞R乙，I甲＝I乙，通电时间t相同，由Q＝I2Rt可知，Q甲＞Q乙；又因为甲、乙两个完全相同的烧瓶里装有等质量的煤油，所以甲烧瓶内煤油温度升高的快的原因是因为该瓶内的电阻大；故本实验研究的是电流产生的热量与导体电阻的关系。故选：D。二、填空题（共5个小题，10分）19．（3分）生活中用铁锅加热菜油，菜油的温度很快升高，这是通过　热传递　的方式增加了菜油的内能；用热油炒菜时，远远的就闻到炒菜的香味，这是由于分子在永不停息的做　无规则　运动。【分析】改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。,物体的分子是在不停的做无规则运动的，而且分子运动的快慢和物体的温度高低有关系，温度越高，分子运动越剧烈。【解答】解：炒菜时，铁锅加热菜油，是通过热传递的方式改变了油的内能。炒菜时，温度很高，炒菜的芳香分子运动剧烈，扩散到空气中，远远的就闻到炒菜的香味，表明分子不停地做无规则运动。故答案为：热传递；无规则。20．（3分）用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图。根据图象可知，甲液体的比热容　小于　乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）。如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20℃的乙液体吸收1.89×105J的热量，乙液体的温度升高了　80　℃（气压为一标准大气压）。【分析】（1）由图象可找出液体温度的变化与所用时间的关系，在相等时间内温度变化大的液体升温快；在相等的加热时间内，甲和乙吸热相同，温度变化大的液体比热容小，温度变化小的比热容大，据此分析判断；（2）知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸热后升高的温度。注意：一标准大气压下，水的沸点为100℃。【解答】解：（1）由图象可以看出：在相等时间内，液体甲温度变化量大，则甲液体温度升高较快；而两个加热器相同、加热时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由公式Q吸＝mc△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高快的液体比热容小，所以甲的比热容小于乙的比热容；（2）根据Q吸＝cm（t﹣t0）得：t＝+t0＝+20℃＝110℃，因为一标准大气压下，水的沸点为100℃，,所以乙液体的温度升高到100℃后温度不变，△t＝100℃﹣20℃＝80℃。故答案为：小于；80。21．（3分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球时，验电器的金属箔张角变大，这是由于验电器　得到　（选填“得到”或“失去”）电子，所带的　负　（选填“正”或“负”）电荷增多的缘故。【分析】（1）用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；（2）验电器利用同种电荷互相排斥的原理，当用带电体接触验电器的金属球时，就会有一部分电荷转移，并使金属箔带上同种电荷，两金属箔由于同种电荷互相排斥而张开。【解答】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，即橡胶棒有多余的电子，它与不带电的验电器金属球接触，多余的电子通过金属球向验电器的金属箔片运动，此过程中橡胶棒失去一部分电子而带的负电荷减少，对于验电器，由于有了多余的电子，使其带上了负电，即负电荷增多。故答案为：得到；负。22．（3分）在如图所示的电路中，电源两端的电压及灯丝电阻恒定不变，闭合开关S1、S2，两个小灯泡均能发光，甲、乙两块电压表示数之比为3：2，L1、L2两灯泡的电阻之比为　1：2　；断开开关S1、S2，将甲、乙两块电压表更换为电流表之后，仅闭合开关S1，两个小灯泡仍均能发光，则甲、乙两块电流表示数之比为　1：3　。【分析】（1）由电路分知，当闭合开关S1、S2时电路是L1、L2两灯泡的串联电路。甲电压表测得的是L1、L2两灯泡两端的总电压，乙电压表测得的是L2两灯泡两端的电压。然后根据电流与电压和电阻的关系，电流一定时加在导体两端的电压与电阻成正比分析即可。。（2）由电路分知，断开开关S1、S2，将甲、乙两块电压表更换为电流表之后，仅闭合开关S1，两个小灯泡是并联的，乙电流表测得的是L1、L2两灯的总电流，甲电流表测得的是L2灯泡的电流。然后根据电流与电压和电阻的关系，电压一定时流过导体的电流与电阻成反比分析即可。,【解答】解：（1）由电路分知，当闭合开关S1、S2时电路是L1、L2两灯泡的串联电路。甲电压表测得的是L1、L2两灯泡两端的总电压，乙电压表测得的是L2两灯泡两端的电压。又知甲、乙两块电压表示数之比为3：2，所以L1、L2两灯泡两端的电压之比为1：2，由电流与电压和电阻的关系知，电流一定时加在导体两端的电压与电阻成正比。所以L1、L2两灯泡的电阻之比也为1：2。（2）由电路分知，断开开关S1、S2，将甲、乙两块电压表更换为电流表之后，仅闭合开关S1，两个小灯泡是并联的，乙电流表测得的是L1、L2两灯的总电流，甲电流表测得的是L2灯泡的电流。由电流与电压和电阻的关系知，电压一定时流过导体的电流与电阻成反比。L1、L2两灯泡的电阻之比为1：2，所以流过它们的电流之比为2：1．即甲、乙两块电流表示数之比为1：3。故答案为：1：21：3。23．（3分）某品牌手机充电宝，上面标有电压为5V，容量为12000mA•h，它充满电后，可以储存的电能是　2.16×105　J，在充电过程中，将电能转化为　化学　能储存。【分析】（1）由铭牌可知电池的电压和容量，根据W＝UIt求出它一次充满后储存的电能；（2）电池充电与放电过程实际上是能量的转化过程，根据充电能量形式的变化进行解答。【解答】解：（1）该电池一次充满电后储存的电能：W＝UIt＝5V×12000×10﹣3A×3600s＝2.16×105J；（2）电池的充电和供电是相反的过程，充电时是把电能转化为化学能，放电时是把化学能转化为电能。故答案为：2.16×105；化学。三、简述、作图、实验题（本大题包括4小题，共24分）24．一辆汽车在行驶途中遇突发情况，紧急刹车时，在路面上留下轮胎滑过的痕迹，轮胎温度急剧升高。请根据以上情境并从能量转化的角度简要解释轮胎温度升高的原因。【分析】改变物体内能的方法：一是做功，二是热传递。压缩空气、克服摩擦做功，会使物体的内能增加、温度升高。【解答】答：紧急刹车时，轮胎在地面上摩擦，由于克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使轮胎的温度急剧升高产生冒烟现象，并在路面上留下轮胎滑过的痕迹，这是通过做功的方法使内能增加。25．请在图中用笔画线代替导线连接电路。要求：两灯并联，开关S同时控制两盏灯泡。,【分析】用电器并列连接的电路叫并联电路，开关要同时控制盏灯时应在干路上。【解答】解：由题知，两灯并联，开关S同时控制两盏灯泡，所在开关应在干路上；图中电流从电源正极流出后，经过开关后应分成两支，分别通过两盏灯泡后再汇合回到电源负极，且电流应从电流表的正接线柱流进，负接线柱流出，故应将L1的右侧与L2的左侧相连，L2的右侧或电流表的左侧接电源负极，如图所示：26．小峻和小薇两位同学在“探究欧姆定律”的实验中，所用器材有：学生电源、电流表、电压表、标有“20Ω2A“的滑动变阻器R'、开关、导线和定值电阻R若干【设计实验与制定计划】（1）请根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。（要求：向右移动滑动变阻器滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）【分析与论证】（2）他们先探究电流与电压的关系。闭合开关，移动滑片依次测得5组数据，其中第5次实验中电压表的指针如图丙所示，其示数为　2.2　,V．他们记录的数据如表1所示，分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成　正　比。表1电流与电压关系实验序号12345电压/V1.01.21.82.0电流/A0.200.240.360.400.44表2电流与电阻关系实验序号1234电阻/Ω10152025电流/A0.300.200.150.12（3）他们继续探究电流与电阻的关系，先将电源电压调为6V，分别换上多个定值电阻进行探究，数据记录如表2所示，老师指出其中一组数据是拼凑的，你认为是第　4　组（选填实验序号），理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太　小　（选墳“大或“小”）（4）排除拼凑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在　电压　一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。【实验拓展】（5）在不更换滑动变阻器的情况下，可以采取的措施　B　（选填字母符号），完成这组拼凑数据所对应的实验测量。A．降低定值电阻两端电压B．降低电源电压C．选用更大阻值的定值电阻【分析】（1）滑动变阻器应串联入电路中，滑片P向右移动时电流变小，由此确定滑动变阻器阻值变大，将左下接线柱接入；（2）根据电压表选用的量程确定分度值读数，由表中数据，得到的结论；（3）由表中第4组数据，根据欧姆定律和串联电路电压的规律求出变阻器连入的电阻分析；（4）在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。（5）由串联电路电压的规律和分压原理分析。,【解答】解：（1）在该实验中，滑动变阻器应“一上一下”串联接入电路中，由题知，向右移动滑片P时电流变小，由此可知滑动变阻器接入的阻值变大，应将其左下接线柱接入电路，如图所示：；（2）第5次实验时，电压表示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V；分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（3）由表中第4组数据，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，变阻器连入的电阻：R滑＝﹣R4＝﹣25Ω＝25Ω＞20Ω，故第四组数据是拼凑的，理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太小。（4）分析表2数据可知，电流与电阻的乘积都为10Ω×0.30A＝15Ω×0.20A＝20Ω×0.15A＝3V，可以得到的结论是：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。（5）A、由（3）知，滑动变阻器的最大电阻太小；在不更换滑动变阻器的情况下，要完成这组拼凑数据所对应的实验测量，若降低定值电阻两端电压，则滑动变阻器分得的电压更多，滑动变阻器的电阻需要更大，故A错误；B、若降低电源电压，当定值电阻两端的电压不变时，根据串联电路的分压规律，滑动变阻器分的电压变少，变阻器接入电路的阻值变小，所以这个滑动变阻器能够完成这组拼凑数据所对应的实验测量，故B正确。C、若选用更大阻值的定值电阻，由串联电路的分压规律可知，滑动变阻器的电阻需要更大，不能完成这组拼凑数据所对应的实验测量，故C错误。故选B。故答案为：（1）见上图；（2）2.2；正；（3）4；小；（4）电压；（5）B。27．如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，有两个规格分别为“10Ω1A“的A滑动变阻器和“50Ω2A“的B滑动变阻器，电源电压为6V。,（1）本实验中应选择　B　滑动变阻器（选填“A”或“B”）。（2）请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。（3）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是　C　。A．断开开关，更换小灯泡B．检查电路是否断路C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（4）问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向　右　（选填“右”或“左”）端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为　0.45　W。（5）实验中多次测量的目的是　A　。A．测不同电压下小灯泡的实际功率B．多次测量求平均值，减小误差【分析】（1）根据小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω由欧姆定律求灯的额定电流，根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时变阻器分得的电压为，由欧姆定律，求变阻器连入电路中的电阻，确定变阻器选用的规格；（2）实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中，根据灯泡正常工作电流确定电流表量程，由滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大确定变阻器的接线柱；（3）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作；（4）灯在额定电压下正常发光，比较电压与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表小量程读数，由P＝UI求灯的额定功率；,（5）改变灯泡两端的电压，测得流过灯泡的电流，由P＝UI可求出不同电压下灯泡的实际功率。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流：I＝＝＝0.25A，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器分得的电压为：U'＝6V﹣2.5V＝3.5V，由欧姆定律可得此时变阻器连入的阻值R＝＝＝14Ω＞10Ω，故选用“50Ω2A”的滑动变阻器B；（2）实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中，灯泡正常工作电流约0.25A，所以电流表应使用0﹣0.6A量程，由滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以应将其右下接线柱接入电路中，实物图如图所示；（3）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没损坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作；（4）闭合开关，由图乙知，电压表量程0﹣3V，分度值0.1V，电压表示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V，要测量小灯泡的额定功率，由串联电路电压的规律，应增大灯的电压减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器分得的电压，应将滑动变阻器滑片向右端移动，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光；由图丙知，电流表分度值为0.02A，此时示数为0.18A，则小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.18A＝0.45W；（5）灯泡两端电压不同时其实际功率不同，多次测量的目的是测不同电压下小灯泡的实际功率，从而得到灯泡亮度也实际功率的关系。故选A。故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）C；（4）右；0.45；（5）A。,四、计算题（本大题包括2小题，共15分．解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）28．如图甲是一个检测空气质量指数的电路。其中R为气敏电阻，其电阻的倒数与空气质量指数的关系如图乙所示。已知：电源电压为6V且保持不变，定值电阻R0为2.5Ω．当闭合开关S后，电压表示数为2V时，求：（1）通过R0的电流；（2）电阻R的阻值；（3）此时的空气质量指数。【分析】由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压。（1）根据欧姆定律求出通过R0的电流；（2）根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出R的阻值；（3）求出的值，由图象可知此时的空气质量指数。【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压。（1）通过R0的电流：I0＝＝＝0.8A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压：UR＝U﹣U0＝6V﹣2V＝4V，因串联电路中各处的电流相等，所以，IR＝I0＝0.8A；由I＝得：,R＝＝＝5Ω；（3）由R＝5Ω可得：＝＝0.2Ω﹣1，由图乙可知：此时空气质量指数为50。答：（1）通过R0的电流为0.8A；（2）电阻R的阻值为5Ω；（3）此时的空气质量指数为50。29．图甲是办公室和教室常用的立式饮水机，图乙为饮水机的铭牌参数，图丙为饮水机内部简化电路图。S是温控开关，R1是调节电阻，其阻值为198Ω，R2是供热电阻。型号YSJ﹣66额定电压220V加热功率2200W水箱容积2L频率50Hz（1）当开关　闭合　时（选填“断开”或“闭合”），饮水机处于加热状态。（2）现将装满水箱的水烧开，水吸收的热量是多少？[水的初温为20℃，在1标准大气压下，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]（3）当饮水机处于保温状态时，供热电阻的功率是多少？【分析】（1）分析电路中开关S不同状态下电路结构，由P＝分析饮水机工作状态；（2）利用ρ＝和Q吸＝cm△t计算水吸收的热量；（3）根据加热功率求出R2,的电阻，求出串联的总电阻，利用欧姆定律求电路中的电流，再利用P＝I2R求供热电阻的功率。【解答】解：（1）由图可知，当开关断开时，两电阻串联，电路中电阻较大；当开关闭合时，只有R2接入电路中，电路中电阻较小，电源电压不变，由P＝可知，S闭合时为加热状态，S断开时为保温状态；（2）由ρ＝可得水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，在1标准大气压下，水的沸点为100℃，水吸收的热量：Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；（3）当开关闭合时，R1被短路，只有R2接入电路中，此时处于加热状态，由P＝得R2的阻值：R2＝＝＝22Ω；当开关S断开时，饮水机处于保温状态，两电阻串联，电路的总电阻：R串＝R1+R2＝198Ω+22Ω＝220Ω，此时电路中的电流：I＝＝＝1A，则供热电阻R2的功率：P2＝I2R2＝（1A）2×22Ω＝22W。故答案为：（1）闭合；（2）现将装满水箱的水烧开，水吸收的热量是6.72×105J；（3）当饮水机处于保温状态时，供热电阻的功率是22W。