浙江省温州市乐清市知临中学2023届高三物理下学期5月模拟试题（Word版附解析）

2023年5月第一次仿真考物理模拟试卷选择题部分一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.在国际单位制中，下列各组物理量的单位不相同的是（　　）A.功、势能B.内能、热量C.角位移、位移D.电动势、电势差【答案】C【解析】【详解】AB．在国际单位制中，功、势能、内能、热量单位都是J，AB不符合题意；C．在国际单位制中，角位移的单位是rad，位移的单位是m，C符合题意；D．在国际单位制中，电动势、电势差的单位都V，D不符合题意。故选C。2.对于下列四幅图中历史人物的说法，正确的是（　　）A.伽利略认为力是维持物体运动的原因B.焦耳建立了能量守恒定律C.奥斯特首先发现了电流的磁效应D.卡文迪许测定了元电荷数值【答案】C【解析】【详解】A．伽利略认为力是改变物体运动的原因，故A错误；B．19世纪40年代前后，不同国家、不同领域的十几位科学家，以不同的方式，各自独立地提出能量守恒定律，其中，迈尔、焦耳、亥姆霍兹的工作最有成效，故B错误；C．奥斯特首先发现了电流的磁效应，故C正确；D．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根由油滴实验测定的，故D错误。故选C。 3.如图所示的三条直线a、b、c描述了A、B、C三个物体的运动。则（　　）A.物体B的初速度最大B.物体A的加速度最大C.2.5s时物体A、C运动方向相反D.7.5s时物体A已超过物体B【答案】B【解析】【详解】A．速度—时间图像与纵轴的截距表示初速度大小，由图像可知，物体B、C初速度大小相同，为，物体A的初速度为零，故A错误；B．速度—时间图像斜率大小表示加速度大小，斜率正负表示加速度方向，由图像可知，图线a的斜率为，b的斜率为，c的斜率为，可知a的斜率最大，即物体A的加速度最大，故B正确；C．速度—时间图像中，图线在时间轴上方均表示速度方向为所规定的正方向，图线在时间轴下方速度为所规定的负方向，由图像可知，三条图线均在时间轴上方，则表示三个物体运动方向相同，均为所规定的正方向，给C错误；D．速度—时间图像与时间轴围成的面积表示位移，但不能通过图像得到物体开始运动的起始位置，而物体A、B的起点未知，因此不能判断物体A已超过物体B，故D错误。故选B。4.如图所示，光滑小球A左边靠着竖直墙壁B，右边靠着桌沿处于静止状态，则关于小球A的受力下列说法正确的是（　　） A.墙对A的作用力一定过A的重心B.桌沿C对A的作用力一定过A的重心C.A的重力一定过A的重心D.A球的重心一定在球心【答案】C【解析】【详解】ABD．墙对A的作用力和桌沿C对A的作用力都过球心，重心不一定在球心，故ABD错误；C．重心是重力的等效作用点，所以重力一定过A的重心，故C正确。故选C。5.如图所示，在一静止升降机内，物体A在位置B处，被一根伸长弹簧拉住，现让升降机加速上升，达到一定速度后保持匀速一段时间，最后减速上升直到停止，则在升降机上升的过程中（　　）A.加速上升阶段物体A所受的摩擦力一定增大B.匀速上升阶段物体A的所受的支持力一定增大C.减速上升阶段物体A所受的摩擦力一定减小D.整个过过程中物体A所受的摩擦力可能保持不变【答案】D【解析】【详解】加速上升阶段，支持力大于重力（最大静摩擦力变大）；匀速上升阶段，支持力大小等于重力（最大静摩擦力不变）；减速上升阶段，支持力小于重力（最大静摩擦力变小），前两阶段物体不会相对升 降机滑动，最后一阶段物体可能相对升降机右滑，摩擦力变为滑动摩擦力；也可能相对静止，静摩擦力等于最初的弹簧弹力。所以摩擦力大小先不变后减小，也可能保持不变。故选D。6.如图所示，两个等量异种电荷产生的电场中，abcd四点分别处于正方形的四个顶点上，其中ab两点在等量正负电荷的连线上，且关于连线的中垂线对称，则下列说法正确的是（　　）A.ab两点的电势相等B.cd两点的电场强度相同C.移动单位负电荷从d到c，电场力做正功D.移动单位正电荷从b到d，电场力沿做功比直接沿对角线做功大【答案】C【解析】【详解】A．由于沿电场线电势降低，可知A错误；B．电场线分布的疏密程度表示电场的强弱，根据等量异种电荷的电场线分布特征可知，cd两点的电场强度大小相等，方向不同，即cd两点的电场强度不相同，B错误；C．由于沿电场线电势降低，可知根据可知移动单位负电荷从d到c，电场力做正功，C正确；D．根据可知，移动单位正电荷从b到d，电场力沿做功与直接沿对角线做功相等，D错误。 故选C。7.三峡水力发电站是我国最大的水力发电站，三峡水库蓄水后，平均水位落差约为100m，水的流量约为。船只通航需要约的流量，其余流量可全部用来发电。水流冲击水轮机发电时，水流减少的机械能有20%转化为电能。则三峡发电站（　　）A.最大功率约为B.年发电量约为C.天发电量能充满约辆新能源汽车D.通航一天流失的能量【答案】AB【解析】【详解】A．三峡发电站的最大功率为P=ρ（Q1-Q2）gh×20%=1.0×103×（1.35×104×-3500）×10×100×20%=2×109W故A正确；B．年发电量约为故B正确；C．一天的发电量为每台新能源汽车需要的电量为不符合实际，故C错误；D．通航一天流失的能量W=ρQ2ght×20%=1.0×103×0.35×104×10×100×20%×24×3.6×106J=6×1016J故D错误。故选AB。8.安培在研究电流之间的相互作用时，用一根硬导线弯成如图1形状的线圈，这线圈是由两个形状和大小相同、但电流方向相反的平面回路组成一个整体，线圈的端点A、B通过水银槽和固定支架相联，这样，线圈既可通入电流，又可自由转动，被称为无定向秤。则通电后（　　） A.当处于非匀强磁场中，线圈可能会发生转动B.当处于平行线圈平面的匀强磁场中，线圈可能会发生转动C.当处于垂直线圈平面的匀强磁场中，线圈可能会发生转动D.将如图2那样的通电硬导线靠近该秤，线圈可能会发生转动【答案】A【解析】【详解】B．当处于平行线圈平面的匀强磁场中，这个复杂线圈可以看成左右两个矩形线圈，而两个线圈的转向相反，作用力会相互抵消，所以在匀强磁场中不会发生转动，故B错误；C．当处于垂直线圈平面的匀强磁场中，根据左手定则可知，线圈各边所受安培力在同一平面内，因此不会发生转动，故C错误；A．根据以上分析可知，在磁场不垂直于线圈平面的情况下，若线圈处于非匀强磁场中，则可知线圈各边所受安培力大小不均衡，线圈将按照所受安培力大的方向转动，故A正确；D．将如图2那样的通电硬导线靠近该秤时，因两根导线在线圈所处位置产生的磁场方向相反，相互抵消，因此线圈不会发生转动，故D错误。故选A。9.如图甲所示，一质量为M、长为L的导体棒，通过两根长均为l、质量可不计的细导线系在同一水平面上的固定连接点上.在导体棒所在空间存在方向竖直向上、大小为B的匀强磁场.细导线通过开关S与电阻R和直流电源串接起来。不计空气阻力和其它电阻，导体棒运动时，细导线偏离竖直方向用图示的角度来表示。接通S，导体棒恰好在时处于静止状态；将导体棒从移到（为小量），静止后撤去外力，导体棒开始振动起来，则（　　） A.电源电动势B.振动周期C.电阻消耗的焦耳热D.角度随时间t变化的图线为图乙【答案】B【解析】【详解】A．导体棒恰好在时处于静止状态，对导体棒受力分析如图可知又解得电源电动势故A错误； B．根据平行四边形定则，导体棒所受的安培力与重力的合力大小等于振动周期故B正确；C．根据能量守恒，电阻消耗的焦耳热为损失的重力势能与电能之和，即为故C错误；D．随着时间的推移，会越来越小，不可能突然增大，故D错误。故选B。10.如图1所示，同号点电荷A、B绝缘置于水平气垫导轨上，A固定于导轨左端，B可在导轨上无摩擦滑动。将B在A附近某一位置由静止释放，由于能量守恒，可通过测量B在不同位置处的速度，得到B的势能随位置随x的变化规律（坐标原点位于A处），如图3曲线Ⅰ。若将导轨右端抬高，使其与水平面成一定角度，如图2所示，则B的总势能曲线如图3中II所示，图3中直线III为曲线II的渐近线，其斜率为。B在处由静止释放，则（　　）A.B在运动过程中动能最小位置为处；B.B在运动过程中势能最大位置为处；C.运动过程中B的最大位移大小为D.点电荷A、B电荷量之积时（k为静电力常量）【答案】D 【解析】【详解】AB．位置为处对应曲线II的最低点，此位置势能最小，动能最大，故AB错误；C．由图像可知运动过程中B在处的总能量小于在处的总能量，所以B在处的速度不为零，运动过程中B的最大位移大小大于，故C错误；D．直线III为曲线II的渐近线，表示重力势能随位置变化关系则当时，B的动能最大，速度最大，有则点电荷A、B电荷量之积为故D正确。故选D。11.一卫星绕某一行星做匀速圆周运动，其高度恰好与行星半径相等，线速度大小为v。而该行星的环绕周期（即沿行星表面附近飞行的卫星运行的周期）为T。已知引力常量为G，则这颗行星的质量为（　　）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】设该行星的半径为R，质量为M，卫星的质量为m，根据题意，由万有引力充当向心力有解得 故选A。12.如图所示，波I和波II的振动方向相同，并在同一介质中传播。时，波I传至A点，其振动图像如图2所示，波II传至B点，其振动图像如图3所示。已知A、C间距为2m，B、C间距为1.5m；时，波I传至C，则（　　）A.波I的频率B.波II的波速C.波I和波II传到C点时，其合振幅为15cmD.5s内C点的路为30cm【答案】D【解析】【详解】A．由图2可知，波I的周期为2s，则其频率为，故A错误；B．已知A、C间距为2m，时，波I传至C，由此可知波I的波速为而波I和波II在同种介质中传播，因此其波速相同，即波II的波速为，故B错误；C．波II传播到C点的时间为可知波II先传播到C点，使质点C先振动了1s后波I才恰好传播至C点，而由图3可知，波II的周期为2s，起振方向与波I相同，均向上起振，则时，由波II在C点引起的振动使C点恰好振动了半个周期后回到平衡位置，之后将向下振动，而波I的振动此刻恰好传播到C点，将使C点的质点向上振动，可知两列波传播到C点使质点C振动减弱，其合振幅为或解释为：两列波的频率相同，相位差恒定，可发生稳定干涉，且振动方向相同，而两列波到C点的波程差为波长的奇数倍，则C点振动减弱，故C错误；D．时波II传播到C点，从到，质点C的路程为 时两列波在C点发生干涉，振动减弱，但周期不变，则从到质点C的路程为可得质点C在5s内的路程为故D正确。故选D。13.截面如图所示的直角棱镜ABC，其中BC边和CA边镀有全反射膜。一细束白光以入射角从AB边入射，然后经过BC、CA反射，又从AB边射出。对经过两次反射，并从AB边射出的光束，有（　　）A.出射方向相对于入射方向的转角大小与光的颜色有关B.光在棱镜中用时最短的光的折射率为C.紫光在出射位置与入射位置间距最大D.红光在棱镜中走过的路最短【答案】B【解析】【详解】A．作出光路如图：由几何关系可知则从AB边射出的光束与入射光线平行，与光的颜色无关，选项A错误； C．由图可知折射率越大，出射位置与入射位置间距越小，紫光折射率最大，则其出射位置与入射位置间距最小，选项C错误；D．由图和几何关系可知折射率越小，在棱镜中走过路程越长，红光的折射率最小，在棱镜中走过的路程最长，选项D错误；B．光在棱镜中的传播时间又，结合几何关系可知当时传播时间最短，此时的折射率选项B正确。故选B。二、选择题II（本题共2小题，每小题3分，共6分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）14.下列说法正确的是（　　）A.照相机镜头玻璃的颜色是光的干涉造成的B.空调在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量C.在惯性参考系S中，法拉第电磁感应定律成立；在相对S系作匀速运动的参照考系中，则法拉第电磁感应定律不一定成立D.在有些核反应堆里要让中子与原子核碰撞，以便把中子的速率降下来，则应该选用质量较小的原子核【答案】ABD【解析】【详解】A．照相机镜头玻璃镀了一层透光的模，其颜色是光的干涉造成的，选项A正确；B．空调在制冷过程中，把室内的热量向室外释放，消耗电能，产生热量，则从室内吸收的热量少于向室外放出的热量，选项B正确；C．在惯性参考系S中，法拉第电磁感应定律成立，则在相对S系作匀速运动的参照考系中，则法拉第电磁感应定律也一定成立，选项C错误； D．设中子和作减速剂的物质的原子核A的质量分别为和，碰撞后速度分别为和，碰撞前后的总动量和总能量守恒，以中子的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得由机械能守恒定律得解得可见当中子的质量和原子核的质量相等时速度最小，因此一般选择质量较小的原子核，选项D正确。故选ABD。15.X射线管中，由阴极发射的电子被加速后打到阳极，会产生包括X光在内的各种能量的光，若只考虑电子被阳极材料吸收后产生的光，其中光的能量最大值等于阴极发射电子的动能。则（　　）（已知阳极与阴极之间的电势差为U、普朗克常量为h、电子电量为e和光速为c）A.X光的最大波长为B.X光频率是不连续的C.用X射线管发出的光入射钠金属能产生光电效应，则产生光电子的最大初动能为D.用波长为的X光照射钠金属，在散射光中有频率比小的成分【答案】BD【解析】【详解】A．由阴极发射的电子被加速后打到阳极，则打到阳极时电子的动能为由题意可知，光的能量最大值等于阴极发射电子的动能，则能量最大的光子的能量为而光子的能量显然，光子的能量越大，波长则越短，因此可知X光有最短波长，可得其最短波长为故A错误； B．根据X光的能量不同，则可知其频率是不连续的，故B正确；C．根据爱因斯坦的光电效应方程X光的最大能量为，则有可知，用X射线管发出的光入射钠金属产生光电效应，产生光电子的最大初动能小于，故C错误；D．用波长为的X光照射钠金属，入射光子与金属钠的核外电子发生碰撞，把一部分能量转移给了电子，光子能量减小，即光子的频率减小，而频率则可知用波长为的X光照射钠金属，在散射光中有频率比小的成分，故D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共7小题，共55分）16.如图所示，在已调节水平的气垫导轨上测定滑块运动的加速度.先测得遮光条宽度的，滑块在槽码重力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一光电门的时间，通过第二个光电门的时间，遮光条从遮住第一个光电门到遮住第二个光电门的时间间隔，则滑块的加速度__________（保留三位有效数字）。小张认为不必测量时间t而改为测量________，也能测出滑块的加速度a.为了提高测量加速度的精度，在选择遮光条宽度时，需要考虑的因素有（写出其中的两项）：________【答案】①.0.120②.两光电门中心间的距离③.遮光条应选择较窄的，但不能过窄【解析】 【详解】[1]遮光条通过第一光电门的速度通过第二光电门速度滑块的加速度[2]根据不必测量时间t而改为测量两光电门中心间的距离，也能测出滑块的加速度a。[3]用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，遮光条越窄，平均速度表示瞬时速度越准确，所以遮光板选择较窄的。但遮光条宽度并不是越窄越好，遮光条过窄，读数误差变大，所以遮光条应选择较窄的，但不能过窄。17.（1）在日常生活中充电宝可以像电源一样使用，小明尝试测量充电宝B的电动势E及内阻r（E约为5V，r约为0.3Ω），现有实验器材：量程为3V的理想电压表Ｖ，量程为0.3A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻，滑动变阻器，开关S，导线若干。①画出实验电路原理图，图中各元件需用题目中给出的符号或字母标出。________②实验中，当电流表的示数为时，电压表的示数为；当电流表的示数为时，电压表的示数为。则__________，__________。（用、、、及R表示）（2）小张认为实际电压表都不是理想的，小明的电路测量误差大，于是设计了如图1所示的电路测量充电宝B的电动势E和内电阻r。均匀电阻丝XY长1.0m，电阻8.0Ω，标准电池A电动势为8.0V、内电阻0.50Ω，定值电阻R1=1.5Ω，R2=4.8Ω。 ①开关S断开，当滑动片J移动至XJ=0.80m位置时电流表G示数为零，则充电宝B的电动势E=________V（保留二位有效数字）；②开关S闭合，滑片J移至XJ=0.75m处时电流表G示数为零，则充电宝B的内电阻r=________Ω（保留二位有效数字）；③某金属丝电阻值R随摄氏温度t变化规律如图2所示。小刘用该金属丝做测温探头，代替定值电阻R1。把开关S断开，当温度变化时，调节滑动片J的位置，使电流表G示数为零，则可以把电阻丝长度XJ刻度改为相应的温度刻度，这样就得到了一个电阻温度计。如果电池、充电宝的电动势和内阻都不变，则温度越高，XJ值________（选填“越大”、“越小”、“不变”或“不确定”）。【答案】①.②.③.④.⑤.⑥.越大【解析】【详解】（1）[1]由于电压表的量程为0~3V，且又是理想电压表.所以，不能将电压表直接跨接在电动势为4.5V的电源上，要想用此电压表来测量电压有两种方法，一是将电压表进行改装，扩大量程；二是将测定电动势和内阻的基本电路进行改造。由题目中给的固定电阻为。理想电压表的电阻为无穷大可知，固定电阻不能和理想电压表串联来扩大量程，所以只能对测定电源电动势和内阻的基本电路进行改造。实验电路原理图如图所示 [2][3]根据闭合电路欧姆定律,当电流表的读数为，电压表的读数为时，有当电流表的读数为，电压表的读数为时，有由上两式得（2）[4]开关S断开，均匀电阻丝XY长1.0m，电阻8.0Ω，则当滑动片J移动至XJ=0.80m位置时，XJ部分电阻为电流表G示数为零，则[5]开关S闭合，滑片J移至XJ=0.75m处时，XJ部分电阻为则即解得[6]由图2可知，温度越高，金属丝电阻值R就越大，电流表G示数为零，则XJ部分电阻分得电压等于充 电宝的电动势。温度越高，XJ值越大。18.如图所示，浸没在水中的容器被隔板K隔开成相等的A、B两部分，水与外界绝热。已知A内有一定量的稀薄气体，达到平衡状态时温度为，压强为；B内为真空。抽开隔板K后，A内气体进入B，在此过程中水温不变，最终达到新的平衡状态。若容器内气体内能与温度的关系为（为己知常量）.（1）求达到新平衡态过程中气体吸收的热量Q和所做功A；（2）求达到新平衡态时容器的压强p；（3）若抽开隔板K后再将水温升至，求容器内最终的压强和吸收的热量。【答案】（1），；（2）；（3），【解析】【详解】（1）由于B内为真空，当抽开隔板K后，气体将发生扩散，充满整个气室，此过程气体不对外做功，即，而根据热力学第一定律可知式中，而水与外界绝热，则浸没在水中的容器内的气体温度不变，即，由此可知，即气体既不对方放热也不从外界吸热。（2）A室中的气体经扩散再次达到平衡的过程中，发生等温变化，设容器的体积为V，则由波义耳定律有解得（3）根据题意由理想气体的状态方程有解得 而根据容器内气体内能与温度的关系为可知此过程中吸收的热量19.如图所示，在竖直平面内一游戏装置由轨道I和轨道II组成。轨道I固定，由弹簧发射器、水平轨道AB、倾角为轨道BC组成；轨道II由倾角为的轨道DE、半径为R的圆弧轨道EFG和倾角为的轨道GH组成，轨道整体可移动并固定，两道轨各部分均平滑连接，C、D和O等高，除GH外，其余各段均光滑。一质量为的滑块P通过弹簧发射器获得初动能，与质量的滑块Q在AB段发生弹性碰撞，碰后滑块P的速度为原来速度的一半，方向保持不变。滑块Q滑上BC并被抛出，调节轨道II与轨道I的间距（C、D间距）x，使滑块Q恰好切入轨道DE并保留在轨道II内，游戏便成功。已知，，GH长，滑块Q与GH间的摩擦因数，，。（1）求滑块Q的质量；（2）游戏成功，求轨道在F点所受压力的最小值；（3）游戏成功，求x与滑块P的初动能之间的关系。【答案】（1）0.1kg；（2）3N；（3）（）【解析】【详解】（1）滑块P与滑块Q在AB段发生弹性碰撞，则有，解得，（2）当滑块Q到达C点速度为0，即C、D间距为0，之后滑入DF轨道到达F点，此时滑块Q速度为 ，轨道在F点所受压力达到最小值，滑块在DEF轨道有在F点有根据牛顿第三定律有解得（3）滑块Q做斜抛运动恰好切入轨道DE则有，解得根据上述有，解得由于滑块Q恰好切入轨道DE并保留在轨道II内，令滑块Q滑上BC并被抛出时的最大速度为，则以此速度能够恰好到达H点，并且返回D点时的速度恰好为0，对滑块Q有解得此时CD间距最大，由于，解得 可知为了游戏成功，则有（）20.如图所示，在水平面内存在垂直平面向里、大小为B的匀强磁场和与之正交的匀强电场E。一质量为m、带电荷量为的粒子在水平面内做匀速率圆周运动，电场跟随带电粒子一起以角速度绕圆心转动，电场方向与速度方向夹角保持不变。带粒子在中性气体中运动时受到气体的粘滞阻力与速度大小成正比，方向与速度方向相反，即。不考虑带电粒子运动时的电磁辐射，不计重力。（1）求，时，带电粒子运动的角速度；（2）求带电粒子运动速度的大小v和（用m、、k、q、B和E表示）；（3）求电场力的功率及功率的最大值；（4）若电场力的功率减小为最大值的一半，求速度。【答案】（1）；（2），；（3），；（4）【解析】【详解】（1），时，带电粒子运动的周期带电粒子运动的角速度（2）带电粒子在水平面内做匀速率圆周运动，则粒子在运动方向上所受合力为零解得带电粒子运动速度的大小洛伦兹力与电场力的分力的合力提供向心力 又，解得（3）电场力的功率当时，功率的最大值（4）若电场力的功率减小为最大值的一半解得21.我国第三艘航母已装备最先进的电磁弹射技术，即采用电磁的能量来推动舰载机起飞的新型技术。某兴趣小组根据所学的物理原理进行电磁弹射设计，其工作原理可以简化为下述模型。如图所示，在水平甲板上有两根长直平行轨道PQ和MN，轨道间有等间距分布垂直轨道平面的匀强磁场区域，有磁场和无磁场区域宽均为L=0.5m，磁感应强度大小B=1T。装载有模型飞机的往复车，其底部固定着绕有N=10匝相同的闭合矩形金属线圈，可在导轨上运动，并且与导轨绝缘（往复车及模型飞机图中未画出）。每个矩形线圈abcd垂直轨道的边长，且磁场区域宽度与矩形线圈ad的边长相同。当磁场沿导轨方向向右运动时，线圈会受到向右的磁场力，带动往复车沿导轨运动。已知往复车及线圈的总质量M=20kg，模型飞机的质量m=30kg，每匝线圈的电阻。若磁场以加速度从t=0时刻开始由静止开始沿水平向右做匀加速运动来启动往复车，往复车在运动过程中所受阻力视为恒力，且为重力的0.2倍，当时，往复车可视为开始做匀加速运动，当时，磁场停止运动，同时模型飞机解锁飞离往复车，当时往复车停止运动。不考虑飞机解锁对往复车速度的影响，求：（1）往复车启动的时刻；（2）往复车达到的最大速度； （3）往复车从开始到停止运动过程中电路消耗的焦耳热（结果保留2位有效数字）。【答案】（1）0.1s；（2）160m/s；（3）【解析】【详解】（1）往复车启动时，线圈中电流安培力等于阻力时，往复车开始启动得（2）磁场停止运动时的速度为此时，往复车速度达到最大。对往复车与模型，由牛顿第二定律得（3）在内，往复车与模型均做匀加速直线运动，速度差不变，则感应电流为这一过程产生的热量为在内，对往复车，由动量守恒 得由功能关系得则22.在做“用单摆测定重力加速度”的实验中，有同学提出以下几点建议：A．适当加长摆线B．质量相同，体积不同的摆球，应选用体积较大的C．单摆偏离平衡位置的角度要小些D．单摆偏离平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆摆动的周期，其中对提高测量结果精度有利的是__________【答案】AC#CA【解析】【详解】A．由可得适当加长摆线，可增加单摆的周期，便于测量周期，从而减小测量周期的相对误差，故A正确；B．质量相同，体积不同的摆球，应选用体积较小的，从而减小空气阻力带来的影响，故B错误；C．单摆在摆角很小的情况下才做简谐运动，则单摆偏离平衡位置的角度不能太大，一般不超过5°，故C正确；D．当单摆经过平衡位置时开始计时，经过30~50次全振动后停止计时，求出平均周期，故D错误。故选AC。23.小明和小张想探究滑块通过光电门时的瞬时速度大小，测出遮光条宽度不同时，滑块通过光电门 1的时间间隔，从而得到五个不同的速度v，结果如下表。如果测量遮光条宽度误差很小，他们通过作图法，即以为横坐标，速度v为纵坐标，将五个测量值在下图所示的坐标系上标出，试通过作图法求出滑块通过光电门时的瞬时速度值_______。（保留3位有效数字）0.5001.0001.5002.0002.5000.5601.0601.5301.9802.380v/(cm/s)0.89309430.9801.0101.050【答案】0.975cm/s【解析】【详解】[1]遮光条的速度可以代表滑块的速度，则滑块的瞬时速度