浙江省A9协作体2021-2022学年高二物理下学期期中联考试题（Word版附解析）

浙江省A9协作体2021学年第二学期期中联考高二物理试题选择题部分一、单项选择题（本题有13小题，每题3分，共39分，每题只有一个选项符合题意）1.下列说法中，符合物理学史实的是（　　）A.法拉第经过十多年的实验，发现电流周围存在磁场，揭示了电流和磁场之间是存在联系的B.伽利略发现了单摆的等时性规律，并进一步确定了计算单摆周期的公式C.麦克斯韦发现了电磁感应现象，并预言了电磁波的存在D.赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在【答案】D【解析】【详解】A．电流的磁效应是奥斯特发现的，故A错误；B．伽利略发现了单摆的等时性规律，但是惠更斯确定的单摆周期公式，故B错误；C．法拉第发现的电磁感应现象，故C错误；D．赫兹第一次用实验验证了电磁波的存在，故D正确。故选D。2.磁感应强度表示磁场的强弱，其单位特斯拉可以用不同形式表示。下列四个单位中不表示磁感应强度单位的是（　　）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】AD．由　可得所得单位为 是磁感应强度的单位，故AD不符合题意；B．由可知是磁感应强度的单位，故B不符合题意；C．由可知不是磁感应强度的单位，故C符合题意。故选C。3.下列说法正确的是（　　）A.浮在水面上的油膜呈现出彩色的原因是光的衍射现象B.光波、声波均能发生反射、折射、干涉、衍射和偏振现象C.“激光测距雷达”利用激光测量很远目标距离是应用了激光亮度高的特点D.“彩超”仪器可以检查心脏、大脑和眼底血管病变等，是利用了多普勒效应【答案】D【解析】【详解】A．浮在水面上的油膜呈现出彩色的原因是光的薄膜干涉现象，故A错误；B．光波、声波均能发生反射、折射、干涉、衍射，但偏振现象是横波的特点，声波有纵波有横波，故B错误；C．“激光测距雷达”利用激光测量很远目标的距离是应用了激光方向性好的特点，故C错误；D．“彩超”仪器可以检查心脏、大脑和眼底血管病变等，医生向人体内发射频率已知的超声波，超声波被血管中的血液反射后又被仪器接收，测出反射波的频率变化，就能知道血流的速度。是利用了多普勒效应，故D正确。故选D。 4.如图，在一水平桌面上放置的闭合导体圆环正上方不远处，有一条形磁铁（S极朝上，N极朝下）由静止开始快速向右运动时，关于圆环中感应电流的方向（从上向下看）和相互作用情况，下列说法正确的是（　　）A.圆环中感应电流的方向是逆时针B.圆环中感应电流的方向是顺时针C.圆环有向左的运动趋势D.圆环对水平桌面的压力增大【答案】B【解析】【详解】AB．由图示可知，圆环中磁场方向向下，在磁铁向右移动时，穿过圆环的磁通量变小，由楞次定律可知，感应电流产生的磁场方向向下，再由安培定则可知，从上向下看，圆环中的感应电流沿顺时针方向，所以A错误，B正确；C．由左手定则可知，圆环受到的安培力方向向斜右上方，所以圆环有向右运动趋势，C错误；D．在竖直方向上圆环受到重力、桌面对它支持力，在向右运动的过程中增加了安培力沿竖直方向上的分力，所以支持力变小，根据牛顿第三定律，可知，压力变小，D错误。故选B。5.一个矩形玻璃砖与玻璃三棱镜按如图所示放置，棱镜的右侧面A与玻璃砖的左侧面B互相平行。一细光束通过玻璃三棱镜折射后分成a、b、c三束单色光，并进入玻璃砖内，其中单色光a射到C面，单色光b、c射到D面。下列说法正确的是（　　）A.单色光a的频率最小，在玻璃中的传播速度最小B.单色光c从玻璃射向空气的全反射临界角最大C.进入玻璃砖的a光线一定不能从C面射出 D.进入玻璃砖的b、c光线到达D面时，b光线更容易在D面发生全反射【答案】B【解析】【详解】A．由图可知，a的偏折程度最大，则折射率最大，所以单色光a的频率最大，由可知在玻璃中的传播速度最小，故A错误；B．单色光c的折射率最小，则由可知单色光c从玻璃射向空气的全反射临界角最大，故B正确；C．AB面平行，所以进入玻璃砖的a光，与三棱镜中的平行，a光在A面发生折射，则在A面的入射角β小于临界角，则在C面的入射角为，如果小于临界角，a光就可以从C射出，如果大于临界角，a光就不可以从C射出，故C错误；D．进入玻璃砖的b、c光线与三棱镜中平行，所以在D面的入射角与A面的入射角相同，不能发生全反射，故D错误。故选B。6.远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R。变压器为理想变压器，用户端的电功率为P，则下列关系式中正确的是（　　）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】AD．理想变压器的输入功率等于输出功率，所以升压变压器原副线圈两端功率相等，故 根据能量守恒，用户端获得的功率为故A错误，D正确；B．表示输电线上的损失电压为，并不是升压变压器的，故B错误；C．是表示输入功率，表示电路损耗的功率，二者不等，故C错误。故选D。7.甲、乙、丙、丁四幅图分别是回旋加速器、磁流体发电机、速度选择器、质谱仪的结构示意图，下列说法中正确的是（　　）A.图甲中增大交流电的频率可增大粒子的最大动能B.图乙中可以判断出通过R的电流方向为从a到bC.图丙中粒子沿直线PQ运动的条件是D.图丁中在分析同位素时，半径最大的粒子对应质量也最大【答案】D【解析】【详解】A．由洛伦兹力提供向心力可得 则粒子的最大动能为与交流电的频率无关，故A错误；B．根据左手定则可知B为正极，所以通过R的电流方向为从b到a，故B错误；C．图丙中粒子沿直线PQ运动的条件是可得故C错误；D．在加速电场中有在磁场中洛伦兹力提供向心力联立可得对于同位素，电荷量相等，半径最大的粒子对应质量也最大，故D正确。故选D。8.如图所示，一个半径为R的透明圆柱体静止在水平桌面上，其折射率为n=，AOB为 横截面。现有一细光束在距桌面高处平行于OB射向圆柱体AB表面，假设射到OB面的光全部被吸收，则（　　）A.光束从AB面进入柱体的折射角为60°B.光束到OA面时的位置离O点的距离为C.光束不能从OA面射出D.光束从OA面射出时的折射角为60°【答案】D【解析】【详解】A．由几何关系可知光束从AB面进入柱体的入射角正弦值由折射率可知可得故A错误；B．由几何关系可知光束到OA面时的位置离O点的距离为故B错误；CD．全反射的临界角 由几何关系可知，光束在OA面的入射角为30°，小于临界角，故光束能从OA面射出，设折射角为i，由可得故C错误，D正确。故选D。9.如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为M的滑块，滑块的一侧AB是一个半径为R的弧形凹槽，A点切线水平。一个质量为m的小球以水平初速度v0从A点冲上滑块，重力加速度大小为g，不计一切摩擦。下列说法中正确的是（　　）A.滑块和小球组成的系统动量不守恒B.滑块和小球组成的系统机械能不守恒C.若，小球将越过B点离开滑块MD.若小球能从B点离开滑块M，则小球到达滑块最高点B时，小球和滑块的水平方向速度相等【答案】A【解析】【详解】A．滑块和小球组成的系统水平方向合力为零，所以水平方向动量守恒，但是整体的合力不为零，所以系统的总动量不守恒，故A正确；B．不计一切摩擦，只有重力对系统做功，所以系统机械能守恒，故B错误； C．当小球刚好到达B点，系统水平方向动量守恒，有系统机械能守恒，有可得故C错误；D．若小球能从B点离开滑块M，则小球水平方向的分速度大于滑块水平方向的分速度。小球离开滑块M后做斜抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则小球到达滑块最高点B时，小球只有水平方向的分速度，则小球的速度大于滑块的水平方向速度，故D错误。故选A。10.如图所示，在倾角为α的斜面顶端固定一摆长为L的单摆，单摆在斜面上做小角度摆动，摆球经过平衡位置时的速度为v，则以下判断正确的是（　　）A.单摆在斜面上摆动的周期B.摆球经过平衡位置时受到的回复力大小为C.若小球带正电，并加一沿斜面向下的匀强电场，则单摆的振动周期将减小D.若小球带正电，并加一垂直斜面向下的匀强磁场，则单摆的振动周期将发生变化【答案】C【解析】【详解】A．单摆在平衡位置时，等效重力加速度为 所以单摆在斜面上摆动的周期故A错误；B．回复力大小与偏离平衡位置位移大小成正比，故摆球经过平衡位置时受到的回复力大小为0，故B错误；C．若小球带正电，并加一沿斜面向下的匀强电场，单摆在平衡位置时，等效重力加速度为所以单摆在斜面上摆动的周期减小，故C正确；D．若小球带正电，并加一垂直斜面向下的匀强磁场，则小球摆动过程中洛伦兹力始终垂直速度，不产生回复力的效果，故周期不变，故D错误。故选C。11.如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨，左端与一电源相连，右端与竖直光滑半圆导轨相接，整个导轨处于竖直方向的匀强磁场中，一根导体棒ab垂直导轨放置于半圆轨道底部。已知磁场的磁感应强度B=0.5T，导轨宽度为20cm，导轨电阻不计，半圆的半径也为20cm，导体棒的质量m=50g、电阻R=1Ω，电源内阻不计。当闭合开关S后，导体棒沿圆弧运动。导体棒速度最大时，导体棒与圆心的连线与竖直方向的夹角θ=45°，若不考虑导体棒的感应电动势对电路的影响，则（　　）A.磁场方向竖直向上B.电源的电动势E=5V C.导体棒速度最大时机械能也最大D.导体棒将越过半圆导轨圆心等高处继续运动【答案】B【解析】【详解】A．导体棒ab向右运动进入半圆轨道，由左手定则可知，磁场方向竖直向下，故A错误；B．由题意可得可得故B正确；CD．安培力做功等于机械能的变化，所以机械能最大时，安培力做功最大，由可知，安培力做功最大时，导体棒与圆心的连线与竖直方向的夹角θ=90°，此时导体棒与半圆导轨圆心等高，由可得所以导体棒不能越过半圆导轨圆心等高处继续运动，故CD错误。故选B。12.如图所示，一轻质弹簧压缩后处于锁定状态，下端固定在足够长的光滑斜面底端，上端与物体A接触而不栓接。弹簧解除锁定后将物体沿斜面向上弹出，在斜面上O点（图中未标出）物体与弹簧脱离。现在仅将弹簧上端与物体拴接，其它条件不变，从物体第一次运动到O点开始计时，到物体第一次回到O点用时0.4s，则下列判断正确的是（g取10m/s2）（　　） A.物体A做简谐运动，O点是其平衡位置B.物体A做简谐运动的周期是1.6sC.0到0.4s这段时间内，弹簧的弹力对A的冲量沿斜面向下D.0到0.4s这段时间内，合外力对A的冲量为0【答案】C【解析】【详解】A．当物体处于平衡位置时某时刻物体离开平衡位置的位移为x，则此时的回复力则物体A做简谐振动，平衡位置在O点以下距离为的位置，选项A错误；B．由题意可得物体A做简谐运动的周期是T=0.8s选项B错误；C．0到0.4s这段时间内，弹簧处于拉长状态，弹簧的弹力方向沿斜面向下，则弹簧对A的冲量沿斜面向下，选项C正确；D．若设t=0时刻物体的速度沿斜面向上，大小为v，则在t=0.4s时刻回到O点时的速度大小仍为v，方向沿斜面向下，若规定沿斜面向下为正方向，则0到0.4s这段时间内，合外力对A的冲量为选项D错误。故选C。13.如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，振幅为2cm，某时刻相距40cm的两质点a、b的位移都是cm，但运动方向相反，其中质点a沿y轴负向运动，a的平衡位置距0点不足 一个波长，此时0质点恰好经过平衡位置。下列说法正确的是（　　）A.该列简谐横波波长为2.4mB.质点a的平衡位置距0点的距离可能为C.质点a的平衡位置距0点的距离一定为D.再经，质点b到达波峰【答案】B【解析】【详解】A．设质点的起振方向向上，b的振动方程为可得a质点比b振动时间长，所以a的振动方程为可得则ab振动的时间差最短为所以ab之间的最短距离为则通式为则 （n=0、1、2、3、4……）故A错误；BC．若0点正在向下振动，由A的分析和题意可知，质点a的平衡位置距0点的距离为若0点正在向上振动，由A的分析和题意可知，质点a的平衡位置距0点的距离为故B正确，C错误；D．因为ab振动的时间差最短为根据简谐运动的对称性可知，质点b到达波峰还需经过的时间，故D错误。故选B。二、不定项选择题（本题有3小题，每小题4分，共12分。每小题至少有一个选项符合题意。选全对的得4分，选漏的得2分，有选错或选多了的均不得分）14.关于LC电磁振荡和电磁波，以下说法中正确的是（　　）A.如图所示为LC振荡电路某时刻的情况，则此时电容器正在充电B.在线圈中插入铁芯可使振荡周期变小C.LC振荡电路辐射的电磁波传播需要介质D.由空气进入水中时，电磁波的波长变小【答案】AD【解析】 【详解】A．如图所示为LC振荡电路某时刻的情况，由线圈内的磁场方向可知，线圈中的电流方向由上到下，而此时电容器下极板为正，则此时电容器正在充电，选项A正确；B．在线圈中插入铁芯，则L变大，根据可知，振荡周期变大，选项B错误；C．LC振荡电路辐射的电磁波传播不需要介质，选项C错误；D．由空气进入水中时，电磁波的波速要减小，周期和频率不变，则根据λ=vT可知，波长变小，选项D正确。故选AD。15.在均匀介质中A、B两个波源相距4.8m，t=0时刻两波源同时开始振动产生简谐横波在介质中传播，t=4.8s时A、B连线的中点恰好开始振动起来，已知波源A的振动图像如图所示，且B与A的振动情况完全相同，则（　　）A.波在介质中传播的速度为1m/sB.t=2s时，波源A的运动方向为负方向C.B波源产生的简谐横波波长为4mD.位于AB连线中垂线上的质点振动加强【答案】BD【解析】【详解】A．因为B与A的振动情况完全相同，所以t=4.8s内，波传播距离为2.4m，则波速为故　A错误；B．由图像可知t=2s时，波源A的运动方向为负方向，故B正确； C．B波源产生的简谐横波波长为故C错误；D．t=4.8s时，两列波同时传播到A、B连线的中点，因为两列波振动情况完全相同，所以A、B连线的中点为振动加强点，故D正确。故选BD。16.如图所示，竖直面内有一个闭合导线框ACDE（由细软导线制成）挂在两固定点A、D上，水平线段AD为半圆的直径，在导线框的E处有一个动滑轮，动滑轮下面挂一重物，使导线处于绷紧状态。在半圆形区域内，有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的有界匀强磁场。设导线框的电阻为r，圆的半径为R，在将导线上的C点以恒定角速度ω（相对圆心O）从A点沿圆弧移动的过程中，若不考虑导线中电流间的相互作用，则下列说法正确的是（　　）A.当C从A点沿圆弧移动到图中∠ADC=30°位置时，闭合导线框ACDE中的电流方向为逆时针B.在C从A点沿圆弧移动到图中∠ADC=30°位置的过程中，通过导线上C点的电量为C.当C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的感应电动势最大D.在C从A点沿圆弧移动到D点的过程中，导线框中产生的电热为【答案】ABD【解析】【详解】A．设，根据几何知识知，线框上部分的三角形的面积 磁通量为在的过程中，磁通量增大，根据楞次定律知电流的方向先逆时针，故A正确；B．根据知故B正确；C．根据知C沿圆弧移动到圆心O的正上方时，导线框中的感应电动势最小为零，故C错误；D．根据C项知可知电动势有效值为故电热为故D正确。故选ABD。非选择题部分三、实验题（本题共2小题，共16分）17.在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中：（1）某同学在实验过程中，下列做法正确的是________ A.为了减少实验误差，计时起点和终点选择在摆动过程中的最低点B.在实验过程中，由于摆线悬挂点松动，导致实际的摆长略微变大，则用公式法计算出的当地重力加速度值会偏小C.测量摆线长度时，把绳子平放到桌面上用刻度尺来测量比较方便（2）某同学做此实验时，为了减少实验误差，想利用图像法来求当地重力加速度的大小。通过改变摆长从而测得多组摆长l和周期T实验数据。但在实验作图过程中，该同学的摆长没有加上小球的半径，其他操作无误，那么他通过描点得到的实验图像可能是下列图像中的________，若该同学计算出其图像中的斜率为k，则当地的重力加速度为_______（用题中符号表示）A.B.C.（3）为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系“的实验，实验室提供一个可拆变压器，某同学用匝数为na=80匝的A线圈和匝数为nb=160匝的B线圈构成一个变压器来做电压与匝数关系的实验，实验测量数据如下表，A线圈两端电压Ua/V1.802.813.804.78B线圈两端电压Ub/V4.006.018.02998根据测量数据可判断该同学在做实验时，原线圈是_______（填“A线圈”或“B线圈”）【答案】①.AB②.C③.4π2k④.B线圈【解析】【详解】（1）[1]A．为了减少实验误差，计时起点和终点选择在摆动过程中的最低点，选项A正确；B．根据在实验过程中，由于摆线悬挂点松动，导致实际的摆长略微变大，则测得的周期T偏大，用公式法计算出的当地重力加速度值会偏小，选项B正确； C．测量摆线长度时，应该把摆球用细线竖直悬挂，然后用刻度尺来测量摆长，选项C错误；故选AB。（2）[2][3]若测量摆长时没有加上摆球的半径，则根据解得则l-T2图像为C。由题意可知解得（3）[4]由表中数据可知，B线圈的电压高于A线圈，并且考虑到不是理想变压器有漏磁现象，A线圈中的电压小于B线圈电压的一半，可知线圈B是原线圈，A是副线圈。18.在“用双缝干涉测量光的波长”实验中（1）某同学在实际操作中，下列操作正确的是________A.调整光源、凸透镜、遮光筒，让光能沿着遮光筒的轴线传播B.实验操作中可以直接用手去旋转双缝，使得双缝与单缝平行C.若观察到的条纹不清晰，可以尝试用拨杆来调节（2）某同学若想增加从目镜中观察到的条纹个数，该同学可_________；A.将单缝向双缝靠近B.将屏向靠近双缝的方向移动C.将屏向远离双缝的方向移动D.使用间距更小的双缝 （3）某同学将测量头的分划板中心刻线与某条亮纹中心对齐，将该亮纹定为第1条亮纹，读出测量头标尺的读数为x1。然后同方向转动测量头，使分划板中心刻线与第6条亮纹中心对齐，此时测量头标尺示数记为x2，如图所示，其读数为_________mm。（4）某同学测得双缝到光屏的距离为L，同时记下双缝间的距离d，则光的波长=________（用题中符号表示）。【答案】①.AC##CA②.B③.15.54mm④.【解析】【详解】（1）[1]A．调整光源、凸透镜、遮光筒，让光能沿着遮光筒的轴线传播，才可以在屏上成功观察到清晰的干涉条纹，故A正确；B．实验操作中通过调节拨杆使得双缝与单缝平行，不能直接用手调节，故B错误；C．若观察到的条纹不清晰，可能是单缝与双缝不平行，可以尝试用拨杆来调节，故C正确。故选AC。（2）[2]若想增加从目镜中观察到的条纹个数，可以通过减小条纹宽度实现，则有可知，可以将屏向靠近双缝的方向移动，减小L，或者使用间距d更大的双缝，或用波长较短的光，故B正确，ACD错误。故选B。（3）[3]主尺读数15mm，游标第27个刻度与主尺对齐，则此时测量头标尺读数为（4）[4]由可得 四、计算题（本题共3小题，共33分）19.在检测篮球的性能时，检测人员将篮球从高处自由下落，通过测量篮球自由下落的高度、反弹高度及下落和反弹的总时间等数据来测评篮球是否合格。在某次检测过程中，检测员将篮球最低点置于距离地面H1=1.8m处开始自由下落，测出篮球从开始下落到第一次反弹至最高点所用的时间为t=1.5s，篮球最低点所能到达的最大高度降为H2=1.25m。已知该篮球的质量为0.6kg。不计空气阻力。（g=10m/s2）（1）求篮球第一次反弹后即将离开地面时的动量大小和方向；（2）求篮球第一次反弹过程中与地面接触时间；（3）篮球第一次与地面接触过程中对地面的平均作用力大小。【答案】（1）p=3kgm/s，方向竖直向上；（2）0.4s；（3）22.5N【解析】【详解】（1）篮球第一次反弹后即将离开地面时的速度v满足可得离开地面时的动量方向竖直向上；（2）篮球第一次自由下落的时间满足可得 篮球第一次反弹后上升的时间满足可得则可得篮球与地面接触的时间（3）篮球第一次自由小落着地前的速度满足可得篮球与地面接触的过程中可得=22.5N由牛顿第三定律可知篮球对地面的平均作用力大小为22.5N。20.“太空粒子探测器”是安装在国际空间站上的一种粒子物理试验设备，可用于探测宇宙中的奇异物质。在研究太空粒子探测器的过程中，某兴趣小组设计了一款探测器，其结构原理如下图所示，竖直平面内粒了探测器的过程中某兴趣小组设的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在圆形磁场区域的右侧有一宽度的足够长的匀强磁场，磁感应强度大小也为B，方向垂直纸面向里，该磁场的右边界放有一定够长的荧光屏PQ，左边界MN板与形磁场相切处留有小孔S。现假设太空中有一群分布均的正离子以速度竖直射入圆形磁场区域，并从S点进入右侧磁场区域，已知单位时间内有N个正离子射入圆形磁场，正离子的质量为m，电荷量为q，不计粒子间的相互作用对粒子引力的影响。（可能需要的数据有：sin29°， sin49°）（1）求正离子在圆形磁场中的轨道半径大小；（2）各个从S点进入右侧磁场的粒子中能到达荧光屏PQ的最短时间；（3）单位时间内有多少个离子击中荧光屏PQ?【答案】（1）R；（2）；（3）N【解析】【详解】（1）粒子在圆形磁场中运动时解得（2）粒子在右侧磁场中运动的轨迹最短时对应的运动时间最短，如图所示 θ=49°粒子在右侧磁场中得最短运动时间为（3）由几何关系可知，粒子由S点射入右侧磁场中时，入射方向与MN边夹角间于120°～180°之间的粒子能集中收集板。设其中入射S点速度方向与MN恰为120°的粒子在入射圆形磁场前与MN边的水平距离为x，由几何关系可知x=R单位时间内集中收集板的粒子数 21.电磁缓冲装置是一种利用电磁力来实现有效缓冲车辆间的速度差，避免车辆间发生碰撞和追尾事故的安全装置。某电磁缓冲车结构如图所示（俯视图），其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的缓冲车厢。在缓冲车的底板上，沿车的轴线固定着两个光滑水平绝缘导轨PQ、MN。车厢底部的电磁铁（图中未面出）能产生垂直导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B。导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成，其上绕有n匝闭合矩形线圈abcd，线圈的总电阻为R，ab边长为L。缓冲装置工作时，滑块K在缓冲车与障碍物C碰撞后能立即停下。某次事故中，缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后，在线圈与轨道间磁场力的作用下继续前进L后速度减小为零，此时滑块下还未完全进入导轨间的磁场区域。忽略一切摩擦阻力。求：（1）此次碰撞过程中滑块K上的线圈所能产生的感应电流最大值；（2）此次碰撞过程中，线圈abcd中通过的电量和产生的焦耳热各是多少？（3）若缓冲车以某一未知速度与障碍物C碰撞后，缓冲车厢所受的最大水平磁场力为Fm。要使导轨右端不碰到障碍物C，则碰撞前，导轨右端与滑块K的cd边距离至少多大？【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【详解】（1）滑块K上的线圈所能产生的感应电动势的最大值感应电流的最大值（2）由法拉第电磁感应定律 其中由电流强度计算公式得到（3）当缓冲车以某一速度v0′（未知）与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下，滑块相对于磁场的速度大小为v0′，线圈产生的感应电动势为线圈中的电流为线圈ab边受到的安培力由题意得解得由动量定理可知当v=0时，解得