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江苏省南通市海安县、如东县2022-2023学年高二数学上学期期末试题(Word版附解析)

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南通市海安县如东县2022-2023学年度第一学期高二数学期末试卷及解析一、单选题(本大题共8小题,共40.0分.在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用交集的定义即可求解.【详解】集合,,所以.故选:A.2.复数,则()A.B.C.-1D.1【答案】A【解析】【分析】直接利用复数代数形式的乘除运算化简,然后利用即可求出结果.【详解】解:,,故选:A.3.已知点,,若直线与直线垂直,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先求出直线的斜率,再根据两直线垂直斜率乘积为即可求的值.【详解】依题意可得直线的斜率为, 因为直线与直线垂直,且直线的斜率为,所以,解得.故选:B.4.数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时,发现有这样一个数列,,,,,,其中从第项起,每一项都等于它前面两项之和,即,,这样的数列称为“斐波那契数列”若,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据数列的特点,每个数等于它前面两个数的和,移项得: ,使用累加法求得,然后将的系数倍展开即可求解.【详解】由从第三项起,每个数等于它前面两个数的和,,由,得 ,所以,,, ,将这个式子左右两边分别相加可得:,所以.所以.故选:C.5.已知双曲线的焦点在轴上,渐近线方程为,则的离心率为()A.B.C.D.【答案】A【解析】 【分析】根据已知条件求得,从而求得双曲线的离心率.【详解】由题意,双曲线的焦点在轴上,由于双曲线的渐近线方程为,所以,即,所以故选:A6.已知函数的导函数为,且,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】将求导并代入即可得出,即可得到的具体解析式,再代入即可得出答案.【详解】,,令,则,,则,故选:D. 7.已知等差数列中,记,,则数列的前项和为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】分离常数可得,设,当,时,可得,故可得数列的前项和.【详解】由等差数列性质得设,当,时,故故选:C8.已知函数及其导函数的定义域均为,且是奇函数,记,若是奇函数,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据 是奇函数,可得  ,两边求导推得,,再结合题意可得4是函数的一个周期,且, 进而可求解.【详解】因为 是奇函数,所以  ,两边求导得 ,即,又,所以 ,即,令 ,可得 ,因为是定义域为的奇函数,所以,即.因为是奇函数,所以 ,又,所以,则,,所以4是函数的一个周期,所以.故选:B.二、多选题(本大题共4小题,共20.0分.在每小题有多项符合题目要求)9.已知圆,点,,则()A.点在圆外B.直线与圆相切C.直线与圆相切D.圆与圆相离【答案】AB【解析】【分析】根据已知写出圆心、半径.代入点坐标,即可判断A项;分别求出圆心到直线的距离,比较它们与半径的关系,即可判断B、C项;求出圆心距,根据与两圆半径的关系即可判断D项.【详解】解:由题,圆的圆心坐标为,半径为, 对于A项,因为,所以点在圆外,故A正确;对于B项,圆心到直线的距离为,故直线与圆相切,故B项正确;对于C项,直线的方程为,整理得,则圆心到直线的距离为,所以直线与圆相离,故C错误;对于D项,圆的圆心坐标为,半径为,则圆心间的距离为,因为,所以圆与圆相交,故D错误.故选:AB.10.已知等差数列的前项和为,当且仅当时取得最大值,则满足的最大的正整数可能为()A.B.C.D.【答案】BC【解析】【分析】由题意可得,公差,且,,分别求出,讨论的符号即可求解.【详解】因为当且仅当时,取得最大值,所以,公差,且,.所以,,,故时,. 当时,,则满足的最大的正整数为;当时,,则满足的最大的正整数为,故满足的最大的正整数可能为与.故选:BC.11.已知抛物线的焦点为,为上一动点,点,则()A.当时,B.当时,在点处的切线方程为C.的最小值为D.的最大值为【答案】ACD【解析】【分析】当时,求出判断A;设切线与抛物线联立使求出切线方程判断B;利用抛物线的定义转化求解的最小值可判断C;根据三角形两边之差小于第三边判断D.【详解】因为抛物线,所以准线的方程是.对于,当时,,此时,故A正确;对于B,当时,,令切线方程为:,与联立得,令,解得,即切线方程为:,即,故B错误;对于C,过点分别作准线的垂线,垂足为 则,所以的最小值为故C正确.对于D,因为焦点,所以,所以的最大值为故D正确.故选:ACD12.已知,则()A.B.C.D.【答案】BC【解析】【分析】根据条件构造函数,求导,计算出x与y的关系,再根据函数的性质逐项分析.【详解】因为,即.令,则有,则,令,则,令,可得,当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,故,所以总有,故单调递减;所以,即;对于A,,故A错误;对于B,设,则, 故在上单调递增,所以,所以,因为,所以,故B正确;对于C,,即.设,则,则,所以单调递增.因为,所以,故C正确;对于D,,即,令,则,因为,所以为偶函数,所以即为.则,令,则,所以单调递增.又,所以当时,,,函数单调递减;当时,,,函数单调递增,当时,,故D错误;故选:BC.三、填空题(本大题共4小题,共20.0分)13.已知等比数列的公比不为,,且,,成等差数列,则__________.【答案】##0.0625【解析】【分析】根据条件求出公比q,再运用等比数列通项公式求出.【详解】根据题意得 ,,且 ,解得,,;故答案为:.14.已知函数及其导函数的定义域均为,为奇函数,且则不等式的解集为__________.【答案】【解析】【分析】设,由导数法可得单调递减,可转化为,根据单调性即可求解.【详解】设,则,故单调递减.因为为奇函数,定义域为,所以,故.可转化为,即.因为单调递减,所以,解得.故答案为:.15.已知点,,点满足直线,的斜率之积为,则的面积的最大值为__________.【答案】20【解析】【分析】根据条件,运用斜率公式求出P点的轨迹方程,再根据轨迹确定面积的最大值. 【详解】设,由题意可知,,整理得;得动点的轨迹为以,为长轴顶点的椭圆除去,两点,显然当点位于上下顶点时面积取得最大值,因为,,所以;故答案为:20.16.已知实数,,,满足,,,则的最大值是__________.【答案】##【解析】【分析】由已知得A,B在圆分别在圆和圆上,利用数形结合法,将所求问题转化为A,B两点到直线和的距离和的倍,再利用三角函数求出其最大值即可.【详解】由,可知,点,分别在圆和圆上,由得如图,作直线,过B作于D,过A作于E,设,因为,所以 从而,故,其中,,故当时,的取最大值而其中表示A到直线距离,表示B到直线的距离,因为与,平行,且与的距离为,与的距离为,所以,,从而, 故答案为:.【点睛】本题考查了数形结合思想、转化思想,关键是利用几何意义将代数问题转化为几何问题.四、解答题(本大题共6小题,共72.0分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.已知中,.(1)求;(2)若,,求的面积.【答案】(1)(2)【解析】【分析】由正弦定理得,再由余弦定理得,可得,从而得出;由正弦定理得,得出,再得出,由三角形面积公式可得的面积.【小问1详解】设,,对边长,,因为由正弦定理,所以, 所以,即, 所以,因为,所以;【小问2详解】中,,,,因为,所以,所以,因为,所以..18.已知数列中,,当时,记,.(1)求证:数列是等差数列,并求数列的通项公式(2)求数列的前项和.【答案】(1)证明见解析,(2).【解析】【分析】(1)对递推公式变形,求出的通项公式,再求出的通项公式;(2)运用错位相减法求和.【小问1详解】 因为且当时,,所以当时,,所以,因为,即,所以是以为首项,为公差的等差数列,所以,所以;【小问2详解】由知,则…①…②,①-②得所以;综上,,.19.已知函数.(1)求函数的最大值;(2)记,.若函数既有极大值,又有极小值,求的取值范围.【答案】(1)2(2)【解析】【分析】(1)对函数求导,研究函数的单调性,从而可得函数的最值;(2)条件等价于方程在区间上有两个不相等的实数根,列关于的不等式,求解即可.【小问1详解】 由函数,则其定义域为,,当时,;当时,,所以函数在区间上为增函数;在区间为减函数,所以;【小问2详解】由,则,因为既有极大值,又有极小值,即等价于方程在区间上有两个不相等的实数根,即,解得,所以所求实数的取值范围是.20.设数列的前项积为,且.(1)求数列的通项公式(2)记区间内整数的个数为,数列的前项和为,求使得的最小正整数.【答案】(1)(2)5【解析】【分析】(1)根据与的关系,类比与的关系求通项即可;(2)根据定义求出的通项,再由公式法求和,最后解不等式即可.【小问1详解】 因为数列的前项积,当时,,当时,,除以得,又时,满足,所以.小问2详解】因为区间内整数个数为,所以,所以.由,得,即,当时,,当时,,因为随的增大而增大,所以的最小整数为.21.已知椭圆的离心率为,左、右焦点分别为,,左、右顶点分别为,,上顶点为,的周长为点,在上,直线,,的斜率分别为,,,且(1)证明为定值(2)求点到直线距离的最大值.【答案】(1)证明见解析(2) 【解析】【分析】(1)利用题意得到关于的等式,联立方程组即可求得,设,代入椭圆方程可得到,然后利用两点斜率公式即可求证;(2)先推断出直线斜率必不为,设其方程为,与椭圆进行联立得到二次方程,可得到代入即可算出答案【小问1详解】设椭圆焦距为,由题知,解得,所以椭圆的标准方程为,依题意,,设椭圆上任一点,则,所以;【小问2详解】设,若直线的斜率为,则,关于轴对称,必有,不合题意,所以直线斜率必不为,设其方程为,与椭圆联立,整理得:, 所以,且由(1)知,即,即,即,即,即,所以,此时,故直线恒过轴上一定点,所以点到直线的最大距离为【点睛】方法点睛:利用韦达定理法解决直线与圆锥曲线相交问题的基本步骤如下:(1)设直线方程,设交点坐标;(2)联立直线与圆锥曲线的方程,得到关于(或)的一元二次方程,必要时计算;(3)列出韦达定理;(4)将所求问题或题中的关系转化为、(或、)的形式;(5)代入韦达定理求解.22.已知函数,其中,(1)若,求函数的单调区间(2)若,函数有两个相异的零点,,求证:.【答案】(1)答案见解析(2)证明见解析【解析】【分析】(1)求出函数的导数,解关于导函数的不等式,求出函数的单调区间即可; (2)不妨令,用分析法对进行等价转化,最后可构造函数即可证明结论成立.【小问1详解】当时,,定义域为,所以,,所以,时,在上恒成立,故在上单调递增,当时,令得,所以,当时,,单调递增,时,,单调递减,综上,时,在上单调递增,时,在上单调递增,在上单调递减;【小问2详解】由题知,,因为函数有两个相异零点,,且,所以且,,即,所以,方程有两个不相等的实数根,令,则,故当时,,时,, 所以,在,上单调递减,在上单调递增,因为,,,,所以,要使方程有两个不相等的实数根,则,不妨令,则,,所以,要证,只需证,即证:,因为,所以,只需证,只需证,即,故令,故只需证,成立,令,,则,令,在恒成立,所以,在上单调递增,因为,所以在恒成立, 所以,在上单调递增,所以,,即,所以,成立.【点睛】思路点睛:本题第二问令,用分析法对进行等价转化,最后可构造函数即可证明结,本题考查了函数的零点、应用导数研究函数的单调性、最值,对于恒成立问题往往转化为函数最值解决,属于难题.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-03-05 01:50:02 页数:22
价格:¥2 大小:1.11 MB
文章作者:随遇而安

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