河北省石家庄市正定中学2022-2023学年高三物理上学期12月月考试题（Word版带解析）

河北正定中学2022-2023学年（上）第三次月考高三物理（试卷总分：100分考试时间：90分钟　）注意事项：1.答题时，务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡规定的位置上。2.答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。3.答非选择题时，必须使用0.5毫米黑色黑色签字笔把答案写在答题卡规定的位置上。答案如需改正，请先划掉原来的答案，再写上新答案，不准使用涂改液、胶带纸、修正带。4.考试结束后，只将答题卡交回。一、选择题：（本题共7小题，每题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）．1．如图所示是某幼儿园的一部直道滑梯，其滑道倾角为。一名质量为的幼儿在此滑道上匀速下滑。若不计空气阻力，重力加速度，则该幼儿（　　）A．所受摩擦力为B．对滑道的压力为C．对滑道的压力为D．所受摩擦力2．关于物理学家及他们的科学贡献，下列说法中正确的是A．洛伦兹发现了磁场对电荷的作用规律，库仑发现了电场对电荷的作用规律B．普朗克提出了能量子观点，爱因斯坦发现光电子的能量是量子化的C．卢瑟福的原子模型指出了原子核的存在，玻尔的原子模型不能解释氦原子的光谱D．查德威克观察β衰变现象发现了中子，居里夫妇发现了人工放射性3．如图所示，a为地球赤道上的物体，随地球表面一起转动，b为近地轨道卫星，c为同步轨道卫星，d为高空探测卫星。若a、b、c、d绕地球转动的方向相同，且均可视为匀速圆周运动。则（　　）A．a、b、c、d中，a的加速度最大 B．a、b、c、d中，a的线速度最大C．a、b、c、d中，d的周期最大D．a、b、c、d中，d的角速度最大4．下列关于物理学史描述不正确的是A．库仑测出了元电荷e的数值B．安培提出了分子电流假说C．奥斯特发现通电导线周围存在磁场D．法拉第提出了“场”的概念5．质量相同的物体A、B静止在光滑的水平面上，用质量和水平速度相同的子弹a、b分别射击A、B，最终a子弹留在A物体内，b子弹穿过B，A、B速度大小分别为vA和vB，则（　　）A．B．C．D．条件不足，无法判定6．如图所示，绝缘水平面上有A、B、C、D四点，依次相距L，若把带电金属小球甲（半径远小于L）固定在B点，测得D点处的电场强度大小为E；现将不带电的相同金属小球乙与甲充分接触后，再把球乙置于A点，此时D点处的电场强度大小为（    ）A．B．C．D．7．在水平地面上M点的正上方某一高度处，将S1球以初速度水平向右抛出，同时在M点右方地面上N点处，将S2球以初速度斜向左上方抛出，两球恰在M、N连线的中点正上方相遇，不计空气阻力，则两球从抛出到相遇过程中（　　）A．初速度大小关系为B．速度变化量相等C．水平位移相同D．都不是匀变速运动 二、选择题：（本题共3小题，每题5分，共15分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分）．8．一束几种不同的离子，垂直射入有正交的匀强磁场B1和匀强电场区域里，离子束保持原运动方向未发生偏转．接着进入另一匀强磁场B2，发现这些离子分成几束．如图．对这些离子，全科免费下载公众号《高中僧课堂》可得出结论（）A．它们速度大小不同B．它们都是正离子C．它们的电荷量不相等D．它们的荷质比不相等9．如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，电流表和电压表均为理想电表，下述正确的是（　　）A．若R2短路，电流表示数变小，电压表示数变大B．若R2短路，电流表示数变大，电压表示数变小C．若R4断路，电流表示数变大，电压表示数变小D．若R4断路，电流表示数变大，电压表示数变大10．一倾角为足够长的光滑斜面固定在水平面上，其顶端固定一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧的下端系一个质量为m的小球，用一垂直于斜面的挡板P挡住小球，此时弹簧没有发生形变，如图所示，若挡板P以加速度a沿斜面向下匀加速运动，且弹簧与斜面始终保持平行，经过一段时间后，当小球与挡板刚好分离时（    ） A．弹簧弹力大小B．小球运动的速度达到最大C．小球获得的动能为D．小球运动的时间为三、非选择题：57分11．在金属丝电阻率测定的实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径d，测量读数如图所示，则d=___________mm；（1）已知某小量程的电流表满偏电流为1mA，内阻Rg=50Ω。若要将该电流表改装成量程为3V的电压表，则应___________联一个阻值为___________Ω的电阻。（2）电流表A（量程0~100mA，内阻为10Ω）要将电流表A的量程扩大至0.6A，电阻箱连入的电阻值为_______Ω，改装后的电流内阻RA=_______Ω（计算结果保留2位有效数字）12．某实验小组利用如图甲所示的电路图连接好图乙的电路，来研究某定值电阻R0的U—I关系图像和电源的U—I关系图像，进一步来测量电阻R0的阻值和电源的电动势E，内阻r；电流表A和电压表V均可视为理想电表，开关S1、S2闭合，S3断开，调节滑动变阻器R的滑片，记录电流表A的读数，电压表V的读数，根据所得的数据描绘出U—I关系图线如图丙的I所示，横轴的截距为b：开关S1、S3闭合，S2断开，调节滑动变阻器R的滑片，记录电流表A的读数，电压表V的读数，根据所得的数据描绘出U—I关系图线如图丙的II所示，两图像的交点为（a，c）。回答下列问题： （1）下列说法正确的是___________A．定值电阻R0的测量值偏小B．合上开关之前，滑片必须置于滑动变阻器的最右端C．图线I与图线II的交点表示回路的电流与内电压D．拆掉滑动变阻器R，把定值电阻R0直接接在电源两端，输出的功率为ac（2）按照电路图甲，在乙图中用笔画线代替导线，把电路连接完成____；（3）由丙图可得R0=___________，电动势E=___________，内阻r=___________。（用丙图所给的坐标来表示）13．如图所示，斜面AC长L=1m，倾角θ=37°，CD段为与斜面平滑连接的水平地面。一个质量m=2kg的小物块从斜面顶端A由静止开始滑下。小物块与斜面、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5。不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)小物块在斜面上运动时的加速度大小a；(2)小物块在斜面上运动过程中克服摩擦力做的功W；(3)小物块在斜面上运动过程中所受重力的冲量大小I。14．如图所示，水平绝缘轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径为R。轨道所在空间存在水平向右的匀强电场。现有一质量m的带正电的物体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，已知静电力大小带电体运动到半圆形轨道的D点时受到轨道给的弹力大小。已知带电体与水平轨道间的动摩擦因数为μ，取重力加速度g，不计空气阻力。求：（结果可以保留根号）（1）释放点P到半圆形轨道最低点B点的距离L1； （2）带电体在半圆轨道上运动过程中对轨道压力的最大值Fm；（3）若带电体第一次经过C点，匀强电场方向突然变为竖直向下。带电体落在水平轨道上的位置到B点的距离L2。15．如图所示，在xOy平面内，以O1（0，R）为圆心、R为半径的圆形区域内有垂直平面向里的匀强磁场B1，x轴下方有一直线ab，ab与x轴相距为d，x轴与直线ab间区域有平行于y轴的匀强电场E，在ab的下方有一平行于x轴的感光板MN，ab与MN间区域有垂直于纸平面向外的匀强磁场B2。在0≤y≤2R的区域内，质量为m的电子从圆形区域左侧的任何位置沿x轴正方向以速度v0射入圆形区域，经过磁场B1偏转后都经过O点，然后进入x轴下方。已知x轴与直线ab间匀强电场场强大小，ab与MN间磁场磁感应强度。不计电子重力。(1)求圆形区域内磁场磁感应强度B1的大小？(2)若要求从所有不同位置出发的电子都不能打在感光板MN上，MN与ab板间的最小距离h1是多大？(3)若要求从所有不同位置出发的电子都能打在感光板MN上，MN与ab板间的最大距离h2是多大？当MN与ab板间的距离最大时，电子从O点到MN板，运动时间最长是多少？ 参考答案1．DAD．该幼儿受重力、滑道支持力、滑道摩擦力，沿滑道和垂直滑道分解重力。该幼儿匀速下滑受力平衡，根据平衡条件可得，所受摩擦力等于重力沿滑道的分力，大小为，所以A错误，D正确；BC．由AD选项分析可知，幼儿对滑道的压力等于重力在垂直于滑道方向的分力，大小为，所以BC错误。故选D。2．CA：洛伦兹发现了磁场对电荷的作用，提出了洛伦兹力公式；库仑发现了电荷间的相互作用规律，电场是法拉第发现的．故A项错误．B：普朗克首先提出了能量子观点；爱因斯坦发现了光的能量是量子化的，即发现了光子．故B项错误．C：卢瑟福通过α粒子散射实验发现原子中带正电部分体积很小，但几乎占有全部质量，即存在原子核；玻尔的原子模型可以解释氢原子和类氢原子的光谱，但对稍微复杂一点的原子如氦原子的光谱，就无法解释了．故C项正确．D：查德威克通过人工核转变（）发现了中子；约里奥–居里夫妇发现了人工放射性（）．故D项错误．3．CA．ac的角速度相同，则根据可知，a的加速度小于c的加速度，显然a的加速度不是最大的，故A错误；B．ac的角速度相同，则根据可知，a的速度小于c的速度；根据可知b的速度大于c、d的速度，可知b的线速度最大，故B错误；CD．根据开普勒第三定律可知，b、c、d中d的周期最大，而a、c周期相等，可知a、b、c、d中，则d的周期最大，角速度最小，故C正确，D错误。故选C。4．AA．密立根测出了元电荷e的数值，选项A错误，符合题意；B．安培提出了分子电流假说，选项B正确，不符合题意； C．奥斯特发现通电导线周围存在磁场，选项C正确，不符合题意；D．法拉第提出了“场”的概念，选项D正确，不符合题意．5．A对子弹和A物块，由动量守恒定律可得解得对子弹和B物块，由动量守恒定律可得解得因B中子弹穿出，故子弹最后的速度大于B的速度，结合数学知识可得故选A。6．A由点电荷的电场强计算式得两球接触后，电荷量平分，有联立得故选A。7．BA．设球的速度与水平方向夹角为，由于两球恰在M、N 连线的中点正上方相遇，说明它们的水平位移大小相等，又由于运动的时间相同，所以它们在水平方向上的速度相等，即，所以，选项A错误；B．由于两个球都只受到重力的作用，加速度都是重力加速度，所以它们速度的变化量相等，选项B正确；C．在水平方向上，它们的运动方向相反，位移方向也相反，所以位移不相同，选项C错误；D．由于两个球都只受到重力的作用，如速度都是重力加速度，加速度恒定，是匀变速运动，选项D错误。故选B。8．BDA.因为粒子进入电场和磁场正交区域时，不发生偏转，说明粒子所受电场力和洛伦兹力平衡，有qvB=qE，所以不发生偏转的粒子速度应满足v=，则知离子的速度大小一定相同，故A错误；B.粒子进入磁场后受洛伦兹力作用向左偏转，由左手定则判断知离子都带正电，故B正确；CD.粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有则得圆周运动的半径由于粒子又分裂成几束，也就是粒子做匀速圆周运动的半径R不同，进入匀强磁场B2时，粒子具有相同的速度，由得知，所以粒子能分裂成几束的粒子的比值一定不同，无法单独比较电电荷量和质量的大小关系，故C错误，D正确。故选BD。9．ADAB.若R2短路，电路总电阻减小，电路总电流I增大，电源内电压增大，电源的路端电压U减小，流过R3的电流减小，电流表示数变小；电源的路端电压U减小，流过R4的电流减小，流过R1的电流增大，R1的两端的电压增大，电压表示数变大；故A项正确，B项错误。CD.若R4断路，电路总电阻增大，电路总电流I减小，电源内电压减小，电源的路端电压U增大，流过R3的电流增大，电流表示数变大；电源的路端电压U增大，R1 的两端的电压增大，电压表示数变大；故C项错误，D项正确。10．CD考查了牛顿第二定律，功能关系，动能定理A．当m与挡板刚好分离时，由牛顿第二定律有得弹簧的弹力大小为A错误；B．当小球的加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零，即则可知，小球与挡板刚好分离时小球运动的速度不是最大，B错误；D．由胡克定律有得由解得D正确；C．在分离之前，小球恒做加速度为a的匀加速直线运动，即小球受到的合力为根据动能定理解得C正确。故选CD。 【点睛】解决本题的关键要明确小球与挡板刚分离时的条件：相互间作用力为零，知道小球的加速度为零时速度才最大。11．    0.851    串    2950    2    1.7[1]螺旋测微器读数为（1）[2][3]已知某小量程的电流表满偏电流为1mA，内阻Rg=50Ω。若要将该电流表改装成量程为3V的电压表，则应串联一个较大的电阻，阻值为（2）[4][5]电流表A（量程0~100mA，内阻为10Ω）要将电流表A的量程扩大至0.6A，电阻箱连入的电阻值为改装后电流表的内阻12．    D                （1）[1]A．电流表A测量的是通过电阻R0的实际电流，因电流表可视为理想电表，所以没有分压，电压表测量的即为电阻R0两端电压，即定值电阻R0的测量值即为实际值，A错误；B．合上开关之前，滑动变阻器的阻值应调至最大值，滑片必须置于滑动变阻器的最左端，B错误；CD．图线I与图线II的交点表示外电路的电阻等于R0，电源两端的电压即为电阻电压，此时滑动变阻器阻值为0，相当于拆掉滑动变阻器R，把定值电阻R0直接接在电源两端，输出的功率为ac，C错误，D正确；故选D。（2）[2]按照电路图甲，在乙图中用笔画线代替导线，电路连接如下图所示 （3）[3]由丙图可得[4][5]由丙图可得图像的斜率为，则可得电动势为内阻为13．(1)2m/s2；(2)8J；(3)20N•s(1)根据牛顿第二定律解得(2)克服摩擦力做的功解得(3)由，解得14．（1）；（2）17.25mg；（3） （1）带正电的物体在水平方向电场力和摩擦力的作用下在水平轨道上做匀加速运动，在BD段做圆周运动，根据动能定理有在D点根据牛顿第二定律有联立解得（2）设带电体在图示点速度最大，OF连线与竖直方向夹角，如图所示带电体速度逐渐增大，当在F点重力和电场力沿该点切线方向分量相等时，速度最大，则有解得根据数学知识可知，从到D根据动能定理有解得根据牛顿第二定律有根据牛顿第三定律可知 （3）从D运动到C，根据动能定理有解得到达C点的速度为离开C后，带电体受竖直向下的重力和电场力，做类平抛运动在水平方向在竖直方向联立解得15．(1)；(2)3d；　(3)d；所有电子射入圆形区域后做圆周运动轨道半径大小相等，由几何关系求半径，由洛伦兹力提供向心力圆形区域内磁场磁感应强度；电子经电场加速由动能定理求解到达ab时速度大小，在ab与MN间磁场做匀速圆周运由洛伦兹力提供向心力球半径，经电场和磁场偏转后，所有电子都不能打在感光板上，由几何关系求MN与ab板间的最小距离。(1)所有电子射入圆形区域后做圆周运动轨道半径大小相等，由几何关系，有r=R由洛伦兹力提供向心力，有得(2)设电子经电场加速后到达ab时速度大小为v，电子在ab与MN间磁场做匀速圆周运动的轨道半径为，沿x轴负方向射入电场的电子离开电场进入磁场时速度方向与水平方向成θ角，则有 如果电子在O点以速度沿x轴负方向射入电场，经电场和磁场偏转后，不能打在感光板上，则所有电子都不能打在感光板上，轨迹如图，则感光板与ab间的最小距离为得(3)如果电子在O点以速度沿x轴正方向射入电场，经电场和磁场偏转后，能打在感光板上，则所有电子都能打在感光板上，轨迹如图，则感光板与ab间的最大距离为解得 当感光板与ab间的距离最大为h2=d时，所有从O点到MN板的电子中，沿x轴正方向射入电场的电子，运动时间最长。设该电子在匀强电场中运动的加速度为a，运动时间为t1，在磁场B2中运动周期为T，时间为t2，则运动最长时间tm=t1+t2解得则