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湖南省益阳市桃江县2022-2023学年高二数学上学期期中试卷(Word版含解析)
湖南省益阳市桃江县2022-2023学年高二数学上学期期中试卷(Word版含解析)
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2022-2023学年湖南省益阳市桃江县高二年级上学期期中考试数学试卷一、单选题(本大题共8题,每题5分,共40分)1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求出集合,利用交集定义求出.【详解】,又,则.故选:C.2.已知圆C的圆心坐标为,且过坐标原点,则圆C的方程为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由圆C过原点可得半径,结合圆的标准方程即得解.【详解】由题意,圆心,半径,故圆C方程为.故选:B3.党的十八大报告指出,必须坚持在发展中保障和改善民生,不断实现人民对美好生活的向往,为响应中央号召,某社区决定在现有的休闲广场内修建一个半径为4m的圆形水池来规划喷泉景观.设计如下:在水池中心竖直安装一根高出水面为2m的喷水管(水管半径忽略不计),它喷出的水柱呈抛物线型,要求水柱在与水池中心水平距离为 处达到最高,且水柱刚好落在池内,则水柱的最大高度为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】如图建立平面直角坐标系,设抛物线方程为(),记最大高度为,依题意可得,在抛物线上,代入抛物线方程,求出,即可得解.【详解】解:取一截面建系如图,设抛物线方程为(),记最大高度为,依题意可知,在抛物线上,故,两式相除有,解得.故选:C4.已知函数,则的解集为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据函数奇偶性可得为偶函数,根据解析式直接判断函数在上的单调性,则可结合奇偶性与单调性解不等式得解集. 【详解】解:因为,则所以,则为偶函数,当时,,又,在上均为增函数,所以在上为增函数,所以,即,解得或,所以的解集为故选:D.5.已知幂函数的图像是等轴双曲线,且它的焦点在直线上,则下列曲线中,与曲线的实轴长相等的双曲线是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】双曲线的实轴长为双曲线与实轴交点的距离,计算出的实轴长,然后在选项中找出实轴相等的双曲线即可.【详解】由双曲线几何性质知,双曲线的焦点在实轴上,实轴与双曲线的交点,是双曲线的顶点,故双曲线的实轴长,显然选项A表示的是椭圆;选项B的双曲线实轴长为;选项C双曲线的实轴长为;选项C的双曲线实轴长为.故选:B 6.已知函数,下列说法正确的是()A.函数的最小正周期是B.函数的最大值为C.函数的图象关于点对称D.函数在区间上单调递增【答案】D【解析】【分析】利用三角恒等变换化简,利用正弦型函数的性质依次判断即可.【详解】由,故函数的周期,A错误;函数的最大值为2,B错误;由,故不是对称中心,C错误;当时,,由于在单调递增,故函数在单调递增,D正确.故选:D7.设P为直线上的动点,PA,PB为圆的两条切线,A,B为切点,则的最小值为()A.B.C.D. 【答案】D【解析】【分析】根据直线与圆的相切,先将转化为三角形面积问题,再利用切线和过切点的半径垂直,进一步转化为,最后即可求解.【详解】连接CA,CB,有,,由PC垂直平分AB,知其中d为圆心C到直线l的距离,因为,故选:D8.已知F是椭圆的左焦点,经过原点O的直线l与椭圆E交于P,Q两点,若,且,则椭圆E的离心率为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题意设椭圆右焦点为,根据椭圆的定义以及余弦定理可求出的关系,即可求出椭圆的离心率.【详解】设椭圆右焦点为,连接,,根据椭圆对称性可知四边形为平行四边形,则,因为,可得,所以,则,,由余弦定理可得,即,即 故椭圆离心率故选:C.二、多选题(本大题共4题,每题5分,共20分)9.下列说法正确的是()A.命题“,”的否定为“,”B.在中,若,则C.若,则的充要条件是D.若直线与平行,则或2【答案】BC【解析】【分析】由全称命题的否定形式可判断A,由正弦定理可判断B,由不等式的性质结合函数单调性可判断C,由直线平行的斜率关系可判断D.【详解】对于A,命题的否定为:,,所以A错误;对于B,若,则,由正弦定理,即有,B正确;对于C,由,可知同号,因为在和上单调递减,若,则有,即;若,由,可得,C正确;对于D,直线的斜率存在,由两直线平行,斜率相等可知斜率也存在,且斜率,由得,解得或2,但当时,两直线重合,所以D错误.故选:BC10.如图,在棱长为2的正方体中,E为的中点,F为的中点, 如图所示建立空间直角坐标系,则下列说法正确的是()A.B.向量与所成角余弦值为C.平面AEF的一个法向量是D.点D到平面AEF的距离为【答案】BCD【解析】【分析】A选项,利用空间向量表示出,进而求出;B选项,利用空间向量夹角公式求解;C选项,利用数量积为0进行证明线线垂直,进而得到答案;D选项,利用点到直线的空间向量公式进行求解.【详解】对于A,正方体中,,,,所以,故A错误;对于B,,,,故B正确;对于C,设,则,,而,所以平面的一个法向量是,故C正确; 对于D,,则点D到平面AEF的距离为,故D正确.故选:BCD11.已知直线l与抛物线()交于A,B两点,,,则下列说法正确的是()A.若点D的坐标为,则B.直线过定点C.D点的轨迹方程为(原点除外)D.设与x轴交于点M,则的面积最大时,直线的斜率为1【答案】ABC【解析】【分析】对于A由条件求出直线方程,利用设而不求法结合条件求出,判断A,对于BCD,设直线的方程为,利用设而不求法证明,由此判断B,再由,求出D点的轨迹方程,判断C,结合D点的轨迹方程确定的面积最大时,直线的斜率,判断D.【详解】,由知直线方程为,联立,消去x有,设,,则,由,∴,故A正确;对选项BCD,可设直线:,代入有,则,由, 故直线的方程为,所以直线过定点,即,故B正确;由,得D在以为直径的圆:上运动(原点除外),故C正确;当时,面积最大,此时,有,故D错误.故选:ABC.12.在正方体中,,点M在正方体内部及表面上运动,下列说法正确的是()A.若M为棱的中点,则直线平面B.若M在线段上运动,则的最小值为C.当M与重合时,以M为球心,为半径的球与侧面的交线长为D.若M在线段上运动,则M到直线的最短距离为【答案】ACD【解析】【分析】作交点,连接,可证,进而得到平面;展开与到同一平面上,由两点间直线段最短,结合余弦定理可求;在侧面上的射影为,确定交线为以为圆心的圆弧,结合弧长公式即可求解;平面与的距离最短恰为,能找出此点恰在上.【详解】对选项A,作交点,连接,因为为中点,M为棱的中点, 所以,又因为平面,所以平面,故A正确;对选项B,展开与到同一平面上如图:知,故B错误;对选项C:M与重合时,在侧面上的射影为,故交线是以为圆心的一段圆弧(个圆),且圆半径,故圆弧长,所以C正确;对选项D,直线与平面距离显然为,当为中点时,设中点为,易得,所以为M到直线最短距离,选项D正确. 故选:ACD三、填空题(本大题共4题,每题5分,共20分)13.某中学高一年级有600人,高二年级有480人,高三年级有420人,因新冠疫情防控的需要,现用分层抽样从中抽取一个容量为300人的样本进行核酸检测,则高三年级被抽取的人数为___________.【答案】84【解析】【分析】首先求出高一、高二、高三年级的人数之比,然后可得答案.【详解】高一、高二、高三年级的人数之比为,所以高三年级被抽取的人数为,故答案为:14.设双曲线C:(,)左、右焦点分别为、,P是渐近线上一点,且满足,,则双曲线C的离心率为___________.【答案】【解析】【分析】由双曲线的对称性,可以设点P在第一象限,,可得P点横坐标为c,代入渐近线方程,可得P点坐标,再由模长关系,可得,即可求得离心率.【详解】不妨设P在第一象限,因为,则,依题意:,所以, 离线率.故答案为:.15.已知动点在运动过程中总满足关系式,记,,则面积的最大值为___________.【答案】18【解析】【分析】由条件关系求出点的轨迹方程,再利用切线法求面积的最大值.【详解】解:因为满足,所以点的轨迹为以点和为焦点,且长轴长为8的椭圆,所以M在椭圆上运动,且B在椭圆上,A为左顶点,因为,,所以直线的方程为,设直线l:与椭圆相切于点M,联立,消去x得,由,依题意,时,面积最大,此时直线l的方程为,直线l与距离为,又,∴.故答案为:18.16.在圆幂定理中有一个切割线定理:如图1所示,QR为圆O的切线,R为切点,QCD为割线,则,如图2所示,在平面直角坐标系xOy中,已知点,点P是圆上的任意一点,过点作直线BT垂直AP于点T,则 的最小值是__________.【答案】【解析】【分析】求出点的轨迹方程为,点P作圆的切线PC,C为切点,求出,再根据切割线定理求得,再结合基本不等式即可得解.【详解】解:设,因为,所以,即,即,所以点的轨迹方程为,过点P作圆的切线PC,C为切点,则,由切割线定理得,所以,当且仅当时取等号,所以的最小值是.故答案为:. 四、解答题(本大题共6题,共70分)17.已知双曲线C:(,)的左右焦点分别为,,点M在双曲线C的右支上,且,离心率.(1)求双曲线C的标准方程;(2)若,求的面积.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由题意,结合,求解即可;(2)令,,结合双曲线定义和余弦定理可得,再由面积公式即得解.【小问1详解】由题意,∴,又,∴,故双曲线C的方程为; 【小问2详解】令,,则由双曲线定义可得①,由三角形余弦定理得②,有,∴的面积.18.10月9日晚,2022年世界乒乓球团体锦标赛在中国成都落幕.中国队女团与男团分别完成了五连冠与十连冠的霸业.乒乓球运动在我国一直有着光荣历史,始终领先世界水平,被国人称为“国球”,在某次团体选拔赛中,甲乙两队进行比赛,采取五局三胜制(即先胜三局的团队获得比赛的胜利),假设在一局比赛中,甲队获胜的概率为0.6,乙队获胜的概率为0.4,各局比赛结果相对独立.(1)求这场选拔赛三局结束的概率;(2)若第一局比赛乙队获胜,求比赛进入第五局的概率.【答案】(1)0.28(2)0.432【解析】【分析】(1)根据题意,找出这场选拔赛三局结束的事件,利用概率公式即可求解;(2)先找出满足条件的基本事件,然后利用概率公式即可求解.【小问1详解】设“第i局甲胜”为事件,“第j局乙胜”为事件(i,,2,3,4,5),记“三局结束比赛”,则,∴;【小问2详解】设“第i局甲胜”为事件,“第j局乙胜”为事件(i,,2,3,4,5), 记“决胜局进入第五局比赛”,则,∴.19.已知锐角三角形中,角、、所对的边分别为、、,向量,,且.(1)求角的大小;(2)若,求面积取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由已知可得出,利用正弦定理化简可得出的值,结合角为锐角可得角的值;(2)利用正弦定理结合两角和的正弦公式可得出,求出角的取值范围,可求得的取值范围,再利用三角形的面积公式可求得面积的取值范围.【小问1详解】解:由已知可得,由正弦定理可得,、均为锐角,则,故,因此,.【小问2详解】解:由(1)可知,,故,又因为,所以, 又因为,,所以,故,即有,则,又由.所以面积的取值范围是.20.已知点,,点A关于直线的对称点为点(1)求B点坐标;(2)在中,,求面积的最大值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)结合点关于线对称可得,解方程组即可求出结果;(2)求出动点的轨迹,进而可得点在或时,三角形的面积最大,从而结合三角形的面积公式即可求出结果.【小问1详解】设B的坐标为,则,解得,则B的坐标为【小问2详解】设, ,圆心为,半径为,当点在或时,三角形的面积最大,此时故面积的最大值为.21.如图,在四棱锥中,,,,平面平面,E为中点.(1)求证:面;(2)求证:面;(3)点Q在棱上,设(),若二面角的余弦值为,求.【答案】(1)证明见解析(2)证明见解析(3)【解析】【分析】(1)取中点F,连接,,易证四边形是平行四边形,得到,再利用线面平行的判定定理证明;(2)易证,根据面面,得到面,进而得到,再结合,利用线面垂直的判定定理证明;(3)以D为原点,建立空间直角坐标系,求得平面的一个法向量,取面的一个法向量,由求解.【小问1详解】 证明:取中点F,连接,,则,又,∴,∴四边形是平行四边形,∴,又面,面,∴面;【小问2详解】证明:由题意:,,∴,同理,又,∴,∴,又面面,∴面,∴.又且面,面,,∴面;【小问3详解】以D为原点,建立如图所示的空间直角坐标系,则,,,,∴,,, 由,有,令是平面的一个法向量,则,令,有,取面的一个法向量,由.解得.22.已知椭圆C:()过点,A为左顶点,且直线的斜率为.(1)求椭圆C标准方程;(2)设在椭圆内部,在椭圆外部,过M作斜率不为0的直线交椭圆C于P,Q两点,若,求证:为定值,并求出这个定值.【答案】(1)(2)为定值4,证明见解析 【解析】【分析】(1)利用点坐标代入椭圆方程、直线的斜率为可得答案;(2)设,,:,与椭圆方程联立,求出,,根据,可得,再进行化简可得答案.【小问1详解】由题意:,∴,解得,故椭圆C的标准方程为;【小问2详解】设:,联立消去x,有,记,,因为在椭圆内部,,所以,,若,则,可得,即,,可得,(),∴(定值), 综上:为定值4.
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发布时间:2023-02-09 08:23:02
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