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河南省商丘名校联盟2022-2023学年高二数学上学期期中联考试卷(Word版含解析)

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2022-2023学年上期期中联考高二数学试题(考试时间:120分钟试卷满分:150分)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.若直线的方向向量,则直线的斜率是()A.B.C.3D.2.椭圆的离心率是()A.B.C.D.3.若曲线表示圆,则实数的取值范围为()A.B.C.D.4.如图,在平行六面体中,()A.B.C.D.5.已知,两点到直线的距离相等,则()A.2B.C.2或D.2或6.设为实数,若直线与圆相交于,两点,且,则()A.3B.C.3或D.或17.直三棱柱中,为等边三角形,,是的中点,则与平面所成角的正弦值为() A.B.C.D.8.“直线与直线相互垂直”是“”的()A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件9.已知直线过定点,且方向向量为,则点到的距离为()A.B.C.D.10.已知,是椭圆的两个焦点,过的直线与椭圆交于,两点,若,则该椭圆的离心率为()A.B.C.D.11.过圆内一点作直线交圆于,两点,过,分别作圆的切线交于点,则点的坐标满足方程()A.B.C.D.12.如图,四棱雉中,底面为平行四边形,且,,,若二面角为60°,则与平面所成角的正弦值为()A.B.C.D.二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.设直线与圆相交于A,B两点,且圆上存在一点使得 ,则实数的值为______.14.若,,,则的外接圆面积为______.15.已知点,,M是椭圆上的动点,则最大值是______.16.数学美的表现形式不同于自然美或艺术美那样直观,它蕴藏于特有的抽象概念,公式符号,推理论证,思维方法等之中,揭示了规律性,是一种科学的真实美.平面直角坐标系中,曲线就是一条形状优美的曲线,对于此曲线,若是曲线上任意一点,则的最小值是______.三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17.(本题满分10分)已知直线经过点.(1)若直线与直线垂直,求直线的方程;(2)若的方程是,直线与相切,求直线的方程.18.(本题满分12分)如图,在四棱雉中,底面,底面为梯形,,,且,.(1)若点F为上一点,且,证明:平面;(2)求直线与平面所成角的正弦值.19.(本题满分12分)一束光线从点出发,经直线上一点反射后,恰好穿过点.(1)求点的坐标;(2)求以,为焦点,且过点的椭圆的标准方程.20.(本题满分12分)圆. (1)若圆与轴相切,求圆的方程;(2)已知,圆与轴相交于两点M,N(点在点的左侧).过点任作一条直线与圆相交于两点A,B.问:是否存在实数,使得.若存在,求出实数,若不存在,请说明理由.21.如图,在长方体中,点E,F分别在棱,上,且,.(1)证明:点在平面内;(2)若,,,求二面角的正弦值.22.(本题满分12分)在平面直角坐标系中,椭圆的离心率为,短轴的一个端点的坐标为.(1)求椭圆的方程;(2)设椭圆的右焦点为,如图,过点作斜率不为0的直线交椭圆于M,N两点,设直线和的斜率为,,证明:为定值,并求出该定值. 2022-2023学年上期期中联考高二数学参考答案一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1.D【解析】因为,所以.故选D.2.B【解析】,故选B.3.B【解析】由,得,由该曲线表示圆,可知,解得或,故选B.4.B【解析】连接、,可得,又,所以.故选B.5.D【解析】因为,,两点到直线的距离相等,所以有,或,故选D.6.C.【解析】圆的标准方程为,圆心为,半径为,直线的一般方程为,则由已知得,解得或,故选C.7.B【解析】如图所示,取的中点D,以D为原点,,,,所在直线分别为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系,不妨设,则,, ,所以,平面的一个法向量为,设与平面.所成角为,向量与所成的角为,所以,即AM与平面所成角的正弦值为.故选B.8.B【解析】因为直线与直线相互垂直,所以,所以.当时,直线与直线相互垂直,而当直线与直线相互垂直时,不一定成立,所以“直线与直线相互垂直”是“”的必要而不充分条件,故选B.9.【解析】因为,,所以,则,,由点到直线的距离公式得,故选A.10.D【解析】如下图所示,设,则,,所以,,所以,由椭圆定义可得,∴,∴,所以,,所以,为等腰直角三角形,可得,∴,所以,该椭圆的离心率为.故选D. 11.A【解析】设,则以为直径的圆,即①,因为,是圆O的切线,所以,,所以A,B在圆M上,所以AB是圆O与圆M的公共弦,又因为圆②,所以由①②得直线的方程为:,又点满足直线方程,所以,即.故选A.12.B【解析】取中点,连接,,如图,则由已知得,,所以为二面角的平面角,所以,又,,中,,,所以,由,,平面,得平面,又平面,所以,,,平面,所以平面,平面,所以,,所以,以,,为x,y,z轴建立空间直角坐标系,如图,则,,,,平面的一个法向量是,,所以与平面所成角的正弦值为.故选B.二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.14.15.16.2 13.【解析】∵点M在圆上,且,∴直线过圆心,∴,解得.14.【解析】如图,计算斜率得,即,所以是直角三角形.又,故面积:.15.【解析】椭圆,所以A为椭圆右焦点,设左焦点为,则由椭圆定义,于是.当不在直线与椭圆交点上时,M、F、B三点构成三角形,于是,而当M在直线BF与椭圆交点上时,若在第一象限交点时,有,在第三象限交点时,有.显然当M在直线BF与椭圆第三象限交点时有最大值,其最大值为.16.【解析】当,时,曲线C的方程可化为;当,时,曲线C的方程可化为;当,时,曲线C的方程可化为;当,时,曲线C的方程可化为;由图可知,曲线C是四个半径为的半圆围成的图形, 因为到直线的距离为,所以,当d最小时,易知在曲线C的第一象限内的图象上,因为曲线C的第一象限内的图象是圆心为,半径为的半圆,所以圆心到的距离,从而.即.三、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17.【解析】(1)因为直线l与直线垂直,设直线l的方程为,因为直线l过点,所以,解得.所以直线l的方程为.……4分(2)的方程化为标准形式是,圆心,半径,……5分当直线l的斜率不存在时,此时直线l的方程为,圆心C到直线l的距离为2,所以直线l与相切,符合题意;……6分当直线l的斜率存在时,设直线l的方程是,即,由直线l与相切,得,解得,……8分所以直线l的方程是,即.……9分综上所述,直线l的方程是或.……10分 18.【解析】(1)作交于,连接.∵,∴,又且,∴且,∴四边形为平行四边形,∴,∵平面,平面,∴平面……6分(2)∵平面,平面,∴又,,∴则可以为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系:则,,,,∴,,设平面的法向量,则,令,则,,∴设直线与平面所成角为∴.……12分19.【解析】(1)设关于的对称点为,(由反射的性质,可知点F,P,三点共线)则且,解得,,即,易得直线方程为, 由,解得.……6分(2)因为,根据椭圆定义,得,所以.又,所以.所以椭圆C的方程为.……12分20.【解析】(1)由得,……2分因为圆与y轴相切,所以,解得或4,……3分故所求圆C的方程为或.……4分(2)令得,解得或,而,即,.……5分假设存在实数a,设,,当直线AB与x轴不垂直时,设直线AB的方程为,由得,……6分根据韦达定理有,……7分 又,即、的斜率互为相反数,……8分∴,即,即,所以,解得.……10分当直线AB与x轴垂直时,仍然满足,即NA、NB的斜率互为相反数.……11分综上所述,存在,使得.……12分21.【解析】(1)在棱上取点,使得,连接、、、,如图1所示.在长方体中,,,所以四边形为平行四边形,则,,而,,所以,,所以四边形为平行四边形,即有,同理可证四边形为平行四边形,∴,∴,因此点在平面内.……6分(2)以点为坐标原点,、、所在直线分别为x、y、z轴建立如下图所示的空间直角坐标系,如图2.则、、、,,,,,设平面的一个法向量为,由,得,取,得,则,设平面的一个法向量为, 由,得,取,得,,则,设二面角的平面角为,则,∴.因此,二面角的正弦值为.22.【解析】(1)设椭圆C的半焦距为c,因为C的短轴的一个端点的坐标为,所以,,因为,所以.得,所以,所以椭圆C的方程为.……4分(2)设直线MN的方程为,,,……5分联立,消去y整理得:.则,,……7分所以 ……9分将,,代入上式分子中得:,……10分即,……11分所以为定值,且.……12分

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-02-09 08:21:06 页数:14
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文章作者:随遇而安

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