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湖北省武汉市黄陂区2022-2023学年高一数学上学期期中试卷(Word版含解析)
湖北省武汉市黄陂区2022-2023学年高一数学上学期期中试卷(Word版含解析)
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武汉市黄陂区2022-2023学年上学期期中考试高一数学试卷第I卷(选择题)一、单选题1.已知集合U={−2,−1,0,1,2,3},A={−1,0,1},B={1,2},则()A.{−2,3}B.{−2,2,3}C.{−2,−1,0,3}D.{−2,−1,0,2,3}【答案】A【解析】【分析】首先进行并集运算,然后计算补集即可.详解】由题意可得:,则.故选:A.【点睛】本题主要考查并集、补集的定义与应用,属于基础题.2.集合,,则图中阴影部分所表示的集合为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】求得解.【详解】解:图中阴影部分所表示的集合为.故选:B3.已知,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件 【答案】A【解析】【分析】由充分条件、必要条件的定义判断即可得解.详解】由题意,若,则,故充分性成立;若,则或,推不出,故必要性不成立;所以“”是“”的充分不必要条件.故选:A.4.命题“,”的否定是()A.,B.,C.,D.,【答案】C【解析】【分析】根据全称量词命题的否定,只否定结论,不否定条件,全称变特称,特称变全称,选出答案.【详解】解:由题知,命题“,”的否定是.故选:C5.已知,,且,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】通过来构造基本不等式,即可较易求解.【详解】∵,,∴当且仅当:时取等号,又:,即:,此时取最小值为9. 故选:C.6.若命题“”是真命题,则实数m的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】不等式能成立,等价于方程有实数解,用判别式计算求参数即可.【详解】由题可知,不等式在实数范围内有解,等价于方程有实数解,即,解得.故选:B.7.若二次函数在区间为增函数,则的取值范围为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据条件确定二次函数的图象应开口向下,再利用端点值和对称轴比较大小.【详解】当时,,解得:,所以,当时,不满足条件,综上可知:故选:A8.已知函数是上的减函数,则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】 【分析】由题可得函数在及时,单调递减,且,进而即得.【详解】由题意可知:在上单调递减,即;在上也单调递减,即;又是上的减函数,则,∴,解得.故选:C.二、多选题9.如果a<b<0,c<d<0,那么下面一定成立的是()A.B.C.D.【答案】BD【解析】【分析】用不等式的性质推导和取值验证相结合可解.【详解】取,则,,故AC不正确;因为,所以,故B正确;因为,所以,故D正确.故选:BD10.已知集合,,则下列命题中正确的是()A.若,则B.若,则C.若,则或D.若时,则或 【答案】ABC【解析】【分析】求出集合,根据集合包含关系,集合相等的定义和集合的概念求解判断.【详解】,若,则,且,故A正确.时,,故D不正确.若,则且,解得,故B正确.当时,,解得或,故C正确.故选:ABC.11.设函数,当为增函数时,实数的值可能是()A.2B.C.D.1【答案】CD【解析】【分析】由题知,且,进而解不等式即可得,再结合选项即可得答案.【详解】解:当时,为增函数,则,当时,增函数,故为增函数,则,且,解得,所以,实数的值可能是内的任意实数.故选:CD.12.设正实数x,y满足2x+y=1,则()A.xy的最大值是B.的最小值为9C.4x2+y2最小值为D.最大值为2【答案】BC 【解析】【分析】利用基本不等式求的最大值可判断A;将展开,再利用基本不等式求最值可判断B;由结合的最大值可判断C;由结合的最大值可求出的最大值可判断D,进而可得正确选项.【详解】对于A,,,当且仅当即,时等号成立,故A错误;对于B,,当且仅当即时等号成立,故B正确;对于C,由A可得,又,,当且仅当,时等号成立,故C正确;对于D,,所以,当且仅当,时等号成立,故D错误;故选:BC.第II卷(非选择题)三、填空题13.不等式的解集为______.【答案】【解析】【分析】根据解一元二次不等式的方法进行求解即可.【详解】, 因为一元二次方程的判别式,二次函数的开口向上,所以不等式的解集为空集,故答案为:14.已知,且“”是“”的充分不必要条件,则a的取值范围是___________.【答案】【解析】【分析】先确定的充要条件,再由充分不必要条件的定义求解,【详解】等价于或,而且“”是“”的充分不必要条件,则.故答案为:.15.函数,则________.【答案】【解析】【分析】利用函数的解析式可计算得出的值.【详解】由已知条件可得.故答案为:.四、双空题16.已知关于的不等式,若不等式的解集为或,则的值为_________;若此不等式在上恒成立,则的取值范围为_________.【答案】①.②.【解析】【分析】由题意可得和是方程的两个根,然后利用根与系数的关系列 方程组可求得的值;由于不等式在上恒成立,所以分和两种情况求解即可.【详解】因为不等式的解集为或,所以和是方程的两个根,且,所以,解得;因为不等式在上恒成立,所以当时,符合题意,当时,则,解得,综上,的取值范围为.故答案为:,.五、解答题17.已知集合,集合.(1)当时,求;(2)若,求实数的取值范围【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由题意可得,利用交集的定义运算即得;(2)由题可得,即得.小问1详解】当时,, ;【小问2详解】由,则有:,解得:,即,实数的取值范围为.18.(1)已知,且,求的最大值.(2)已知a,b是正数,且满足,求的最小值.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)直接由基本不等式即可得到结果.(2)根据基本不等式系数“1”的妙用求解即可.【详解】(1)因为,即,由基本不等式可得,即当且仅当时,即,等号成立.所以的最大值为(2)由基本不等式,可得当且仅当,即当时,等号成立,所以的最小值为19.(1)已知,,求的取值范围;(2)已知x,y,z都是正数,求证:. 【答案】(1);(2)答案见解析【解析】【分析】(1)将表示成,再根据不等式的性质求解即可;(2)利用基本不等式即可得证.【详解】(1)令所以,得所以因为,所以,所以,即故的取值范围为.(2)证明:由x,y,z都是正数,则,,相加可得,,当且仅当时,取得等号.20.已知一元二次不等式的解集为.(1)求和的值;(2)求不等式的解集.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用解集端点是二次方程的根结合韦达定理求解: (2)将和的值代入化简解一元二次方程即可得出答案.【小问1详解】因为不等式的解集为,所以与是方程的两个实数根,由根与系数的关系得,解得;【小问2详解】由(1)知,代入可得:,化简有,则,所以不等式的解集为:.21.已知函数,(1)求与的值;(2)求的最大值.【答案】(1)(2)3【解析】【分析】(1)根据分段函数运算求值;(2)分别求在,内的最大值,并比较两个最大值的大小,进而确定在定义域内的最大值.【小问1详解】由题意可得:,即.【小问2详解】 当时,则在上单调递增,∴在上的最大值为;当时,则在上单调递增,在上单调递减,∴在上的最大值为;∵,故的最大值为.22.已知函数.(1)用单调性定义证明函数在上为减函数;(2)求函数在上的最大值.【答案】(1)证明见解析(2)5【解析】【分析】(1)利用函数单调性的定义证得结论成立.(2)根据函数在区间上的单调性求得正确答案.小问1详解】设对任意的,则由题设可得,,,,即.故函数在上为减函数..【小问2详解】由(1)得在上为减函数,函数在上的最大值为.
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高中 - 数学
发布时间:2023-02-09 08:16:06
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文章作者:随遇而安
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