广东省佛山市顺德区2022-2023学年高三物理上学期11月教学质量检测（一）（Word版有答案）

2022学年顺德区普通高中教学质量检测（一）高三物理2022.11本试卷共8页，全卷满分100分。考试时间75分钟.注意事项:1.答题前，考生务必清楚地将自己的姓名、准考证号填写在规定的位置，核准条形码上的准考证号、姓名与本人相符并完全正确及考试科目也相符后，将条形码粘贴在规定的位置.2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用黑色墨水签字笔或钢笔作答，字体工整、笔迹清楚.3.考生必须在答题卡各题目的规定答题区域内答题，超出答题区域范固书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效.4.保持答题卡清洁、完整，不得折叠。严禁在答题卡上做任何标记，严禁使用除改液和修正带.一、单项选择题:本题共8小题，每小题4分，共32分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.物理学推动人类文明的进步，下列关于物理学家的说法正确的是A.牛顿被称为第一个称量地球质量的人B.伽利略认为物体做自由落体运动的快慢与物体质量无关C.开普勒发现惯性定律D.第谷提出行星三大运动定律2.如图，水平桌面上放置一个质量为m的杯子，用两个水平拉力拉一根穿过杯子把手的橡皮筋，杯子处于静止状态.杯子与桌面间的动摩擦因数为，不计橡皮筋与把手间的摩擦，重力加速度为g.下列说法正确的是A.杯子受到桌面的摩擦力一定为pmgB.杯子受到桌面的摩擦力大于其中一个拉力C.增大拉力，杯子受到桌面的摩擦力一定不变D.增大两个水平拉力的夹角，则拉动杯子需要的力 更大 3.C919是我国自行研制、拥有自主知识产权的大型喷气式民用飞机.图示是国产大飞机C919起飞离地后，斜向上加速直线运动的一个瞬间，关于此瞬间，以下说法正确的是A.飞机的加速度方向竖直向上B.乘客受到飞机座椅的力竖直向上C.乘客处于超重状态D.飞机处于失重状态4.如图所示，水平地面上堆放着相同的10根原木，每根原木的重力为G，可将原木看成圆柱体，不考虑原木之间的摩擦.下列说法正确的是A.最上面原木对其下面两根原木的压力为B.最上面原木对其下面两根原木的压力为C.正中间原木受到其他原木的作用力的合力为零D.正中间原木受到的合力为G，竖直向上5.2022年亚洲杯女子足球赛，中国女足勇夺冠军.在一次长传中，足球运动轨迹如图所示，足球在地面位置1被踢出后落到地面位置3，位置2是足球在空中的最高点，下列说法正确的是 A.足球在位置2处重力的功率为零B.足球从位置1运动到位置2的过程中不受空气阻力C.足球在位置1和位置3的动能相等D.足球从位置2到位置3做平抛运动6.中国自行研制、具有完全自主产权的“神舟”飞船，目前已经达到或优于国际第三代载人航天技术.如图所示，飞船被送入近地点为A、远地点为B的椭圆轨道，后通过变轨进入预定圆轨道.下列说法正确的是A.飞船在近地点A的角速度大于远地点B的角速度B.飞船在近地点A的加速度小于远地点B的加速度C.飞船在椭圆轨道的周期大于预定圆轨道的周期D.飞船在椭圆轨道的机械能大于预定圆轨道的机械能7.如图为半径为R的半球形粗随陶罐固定在水平转台上，随转台以相同角速度绕竖直轴转动，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO′重合，质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后小物块随陶罐一起转动且相对罐静止，此时小物块受到摩擦力恰好为零，它和O点的连线与对称轴OO′之间夹角为θ，重力加速度为g.下列选项正确的是A.此时小物块的合力为mgsinθB.此时小物块的线速度为 C.此时转台的角速度为D.保持小物块相对罐壁静止，且增大转台的角速度，小物块仍不受摩擦力7.如图所示，将小球放在竖直放置的轻弹簧上，把小球往下按至A位置，松手后，弹簧弹出小球，小球升至最高位置C，途中经过位置B时弹簧正好处于自由状态.不计空气阻力，下列说法正确的是A.小球在上升过程中机械能守恒B.小球在位置B时速度最大C.从A到B过程中，小球动能和弹簧弹性势能之和先增大后减小D.小球在位置A的加速度大于重力加速度g二、多项选择题:本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.9.关于下面四幅教材中的插图，说法正确的是A.图甲中两个小圆环的水平抛出速度不相同B.图乙中太阳对行星的引力大于行星对太阳的引力 C.图丙中忽略空气阻力的两小球同时落地D.图丁中正在行驶的小汽车所受重力与支持力相等10.如图所示，将纸带的一端压在装满水的饮料瓶底下.第一次用手抽出纸带，可以看到瓶子移动一段距离.第二次拉紧纸带，用手指向下快速击打纸带，纸带从瓶底抽出，饮料瓶几乎没有移动.第二次瓶子儿乎没有移动的原因是A.第二次瓶子受到纸带摩擦力更小B.第二次瓶子受到纸带摩擦力的冲量更小C.第二次瓶子的惯性更大D.第二次瓶子加速过程的动量变化量更小11.下图为滑雪道的示盘图.可视为质点的运动员从斜坡上的M点由静止自由滑下，经过水平NP段后飞出，在Q点落地.不计运动员经过N点时的机械能损失，不计一切摩擦及空气阻力.从M点到Q点的过程中，运动员的水平分速度大小、竖直分速度大小、加速度大小a和重力势能EP，随时间变化的图像可能正确的是 三、非选择题:共50分.12.（8分）某同学利用如图甲所示的向心力演示器探究小球做圆周运动所需向心力大小F与小球质量m、运动半径r和角速度w之间的关系.（1）本实验采用的主要实验方法为_________（选填“等效替代法”或“控制变量法”）.在探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与运动半径r的关系时，把两个相同_________的小球放到半径r不等的长槽和短槽上，保证两变速塔轮的_________相同，根据标尺上露出的红白相间等分标记，粗略计算出两个球所需向心力的比值.（2）另一同学利用如图乙所示接有传感器的向心力实验器来进行实验.力传感器可直接测量向心力的大小F，旋臂另一端的挡光杆经过光电门传感器时，系统将自动记录其挡光时间，用螺旋测微器测量挡光杆的宽度d，示数如图丙所示，则d=_______mm，挡光杆到转轴的距离为R.某次挡光杆经过光电门时的挡光时间为At，可求得挡光杆的角速度w的表达式为_________（用题目中所给物理量的字母符号表示）. 该同学保持砝码质量和运动半径r不变，探究向心力F与角速度w的关系，作出F-w2图线如图丁所示，若砝码运动半径r=0.2m，牵引杆的质量和一切摩擦可忽略，由F·o2图线可得砝码质量m=_________kg（结果保留2位有效数字）.13.（8分）某实验小组测量滑块在水平气垫导轨上滑行时所受阻力与其重力的比值k，装置如图甲所示，在气垫导轨上架设两个光电门1、2，气整导轨上有平行于导轨的标尺，滑块上固定一竖直遮光条.已知当地重力加速度为g.操作步骤如下.（1）用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度为d=_________cm.从平行于导轨的标尺读出两光电门之间的距离为L=1.00m.（2）调节旋钮P、Q，使气垫导轨水平，接通气源后，给滑块一个水平初速度，使它从导轨右端向左运动.由数字计时器读出递光条先后通过光电门1、2的时间分别为n=0.010s、h=0.012s，则滑块经过光电门1、2的速度分别是v=1.20m/s，M=_________m/s（保留3位有效数字）.（3）通过计算，可求得步骤（2）中滑块滑行时的加速度大小a=_________m/s2（保留2位有效数字）.（4）滑块在两个光电门之间滑行时阻力与重力的比值k=_________（用字母d、t1、t2、g、L表示）. 14.（9分）如图所示，某汽车以v=10.8km/h的速度匀速驶入小区出入直道，直道道闸智能系统用了0.4s的时间识别车牌号，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，车恰好停在距自动栏杆3m处.已知该道闸的车牌识别起点线到自动栏杆的距离为x=7.5m，司机的反应时间为0.6s，汽车总质量为1000kg，求:（1）汽车的刹车距离和汽车刹车时受到的阻力大小f；（2）工作人员紧急处理后栏杆拾起，共用时20s.随后司机立即加速行驶，汽车到达自动栏杆时的速度大小为3m/s，司机因自动栏杆的故障所耽误的时间为多少?15.（11分）如图为游乐场一款弹射游戏的侧视投影图，弹射装置K将质量为m1=0.1kg的小球（可视为质点）沿水平轨道弹出，在A点与静止的质量为m2=0.1kg的物块发生碰撞并粘在一起形成系统，系统通过A点时对轨道的压力大小为5.2N.其后进入圆心角θ=53°，R=0.5m的圆弧轨道AB，从圆弧轨道末端沿切线飞出，恰好能够垂直穿过竖直得分板M的小孔中心，不考虑一切阻力，已知重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8.求:（1）小球与物块碰撞前的速度大小；（结果保留根号）（2）竖直挡板的小孔中心离圆弧木端的水平距离x和竖直高度h. 16.（14分）某机械装备公司用图甲所示的装置进行产品弹性碰撞检测，光滑曲面PO与水平轨道ON平滑相连，水平轨道右端固定一不计质量的弹簧，弹簧的左端自然伸长至M点，OM长度L=1.0m.产品A从距地面高h=1.8m处静止释放，沿PO轨道自由下滑，在O点与静止的质量为mB=5kg的产品B发生弹性碰撞.为检测产品参数，以O点为坐标原点，水平向右为正方向建立x轴，作出产品B运动的v2-x图像，部分图像如图乙所示.已知两产品的材料相同，与水平轨道OM的摩擦不可忽略，其余轨道光滑，产品A、B均可视为质点，重力加速度g取10m/s2.求:（1）产品A的质量mA；（2）AB第一次碰后，B能否压缩弹簧及全程弹簧最大的弹性势能EP；（3）Ⅰ.产品B最终停止位置的坐标；Ⅱ.在图乙中把产品B运动全过程的v2-x图像补充完整（仅作图，不要求写出计算过程）. 2022学年顺德区普通高中教学质量检测（一）物理参考答案一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小圆给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得4分，选错得0分。）二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）三、非选择题（共50分，考生根据要求作答。）12.（8分）（1）控制变量法（1分）质量（1分）（写成“重量”不得分）角速度w（1分）（“角速度”也给1分）（2）1.731(1.730~1.732）（2分）（1分）（将“△t”写成“t”不得分）0.44或0.45（2分）13.（8分）（1）1.200（2分）（2）1.00（2分）（3）0.22（2分）（以上答案为唯一答案，其他答案不得分） （4）（2分）（若有化简整题后的，结果对出给满分）14.（9分=4分+5分）解析:（1）设从识别车牌号到汽车开始刹车减速经历时间t侧t1=0.4s+0.6s=1s此过程中汽车经过位移为……1分令汽车匀加速的位移为x4，汽车在刹车制动过程中做匀减速直线运动的位移为x制车=x-x1-x4=1.5m……1分根据匀变速直线运动的公式-v2=-2ax制车……1分解得汽车刹车时加速度大小:a=3m/s2或（根据动能定理-fx制车=mv2也可得1分）汽车受到的阻力大小f=ma=3000N……1分（2）汽车刹车过程的时间为t2==1s……1分（有计算公式无计算结果也给1分）汽车静止的时间为t3=20s根据x4=，得，汽车加速时间t4=2s……1分（有计算时间的公式无计算结果也给1分）遇到栏杆故障的汽车通过的时间t=t1+t2+t3+t4=24s……1分（有计算时间的公式无计算结果也给1分）汽车正常匀速行驶通过的时间为t0==2.5s…1分（有计算时间的公式无计算结果也给1分）汽车耽误的时间为△t=1-t=21.5s……1分15.（11分=4分+7分）解析: （1）小球与物块组成的系统通过A点时，由牛顿第三定律可知，系统受到的支持力为:FN=5.2N……1分解得:……1分小球与物块发生完全非弹性碰撞……1分解得:……1分（2）系统由A点运动到B点，由机械能守恒定律…1分解得:vB=2m/s……1分在B点处，由速度的分解得……1分（表达式正确，无结果或结果错误不连等，均给分）……1分（表达式正确，无结果或结果错误不连等，均给分）从B运动到M，可逆向看作平抛运动，由运动的分解得……1分（表达式正确，无结果或结果错误不连等，均给分）……1分（表达式正确，无结果或结果错误不连等，均给分）h=gt2=0.128m……1分（表达式正确，无结果或结果错误不连等，均给分16.（14分=5分+6分+3分）解析:（1）产品从P点到O点，由动能定理得:mAgh=mAv02……1分解得产品A到O点的速度为:v0=6m/s产品A、B在O点碰撞后产品B的速度由图乙可得:vB12=4m2/s2解得:vB12=2m/s由动量守恒定律，机械能守恒定律可得:……1分 ……1分解得:vA12=-4m/s，mA=1kg……2分产品B与产品A碰撞后做匀减速运动，则解得：由牛顿第二定律得解得:（其他方法求出也给分，写在本题的其他小问也给分）产品B到M点由动能定理可得:解得:EkM=0…1分（能求出B的位移等于L也给分，其他判断方法正确也给分）说明产品B运动到M点刚好速度为0，产品B不压缩弹簧。…1分（说明不压弹簧就给分）产品A运动到M点，由动能定理得:……1分解得:产品A、B再次发生弹性碰撞，由动量守恒和机械能守恒定律得:……1分（2个方程共1分，缺一个都不给分）解得:弹簧压缩最短时弹性势能最大………1分 （3）Ⅰ产品B被弹簧弹开后向左匀减速运动，由动能定理得:解得:lB=m……1分产品A被弹簧弹开后lA=m……1分……1分产品AB不发生第三次碰撞所以产品B最终停止位置的坐标II产品B运动全过程的v2-x图像如图所示。……1分（只要有线错误就不给分）